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高一物理参考答案
1．A
【解析】车尾的导电链，可以及时导走由摩擦产生的大量静电，是为了防止静电积聚，故
A正确；避雷针是利用了静电的尖端放电制作的，故避雷针必须做成针状，不能做成球形，B
错误；用几万伏的高压电电击关在金属笼里的鸟，而鸟安然无恙是因为笼子静电屏蔽的作用，
C错误；电视闭路线芯外常包有一层金属网是利用了金属对内部的静电屏蔽作用，所以 D错
误。正确选项 A。
2．C
【解析】小花盆做平抛运动，是匀变速曲线运动，加速度恒定，下落过程中每秒速度的
变化相同，但不是速度大小变化相同，所以 A错误；小花盆只受重力，竖直方向上做自由落
1 x
20m h gt2体运动，小花盆下落 的高度，由 ＝ ，可知 t=2s，水平方向匀速运动，v = = 2m / s，
0
2 t
2
小花盆落到地面时，在竖直方向有 vy＝2gh，求得到达地面上时竖直方向的速度为 20 m/s，落
1 2 1 2 2
地前瞬间的动能大小为 mv = m(v + v ) = 202J，所以 B错误；整个过程重力做功为 W ＝
y 0 G
2 2
W
mgh＝200 J G，平均功率 P＝ =100W，C正确；重力的瞬时功率 P3＝mg vy＝1×10×20 W＝
t
200 W，D错误。
3．D
【解析】AB．因 a、b两点同轴转动，则 a点的角速度等于 b点的角速度，a、b两点的
a = 2ω r
半径不同，所以线速度不同；因 a点转动半径较大，根据 可知 a点的向心加速度大于
向
b点的向心加速度，故 AB错误；CD．乙下降过程中，仅重力和绳子的拉力做功，且绳子的
拉力做负功，重力做正功，重力做功不改变物体的机械能，由动能定理可知，绳子的拉力做的
W = E + E
功等于乙重力势能变化量与动能变化量的总和，即 F p k，因此绳子对乙做的功等于
乙机械能的变化量，故 C错误，D正确。故选 D。
4．A
【解析】要想使神舟十六号在与空间站的同一轨道上对接，则需要使神舟十六号加速，与
v2
此同时要想不脱离原轨道，根据 F = m ，则必须要增加向心力，即喷气时产生的推力一方向
r
有沿轨道向前的分量，另一方面还要有指向地心的分量，而因喷气产生的推力与喷气方向相反，
则图 A是正确的。故选 A。
5．B
【解析】因 A点的正电荷受力和 B点的负电荷受力均指向 x轴的正方向，故点电荷 Q位
F
于 A、B两点之间，带负电，A错误；由题图可得 A点电场强度的大小 EA＝ ＝40 N/C，因 A
q
点的试探电荷带正电，受力又指向 x轴的正方向，故 A点场强的方向沿 x轴的正方向，故 C
F
错误；由题图可得 B点电场强度的大小 EB＝ ＝2.5 N/C。因 B点的试探电荷带负电，而受力
q
指向 x轴的正方向，故 B点场强的方向沿 x轴的负方向，所以 D错误；设点电荷 Q距离 A点
1 6
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{#{QQABaYSEogCgAhAAAQACUwGgCgGQkhCCCIgOhAAUoEAAiBNABCA=}#}
Q Q
为 x，则 EA＝ k ，EB＝ k 。由题图可得 EA＝40 N/C，EB＝2.5 N/C。解得 x＝0.6 m。
x2 3 2 x
（ ）
故点电荷 Q的位置坐标为（2.6 m，0），B正确；答案为 B。
6．C
【解析】向心力是效果力，模型飞机实际上不受向心力作用，是重力和旋臂对模型飞机
的作用力的合力提供其向心力，A错误；模型飞机在水平面内做匀速圆周运动，竖直方向受
力平衡，所以旋臂的一个分力 F1平衡了飞机的重力，F = mg，另一个分力提供了飞机做匀速1
2 2 2g 0
圆周运动的向心力 F2，F = mrω = m L. = mg，θ = 45 ，所以旋臂对模型飞机的作用2
2 L
力方向一定与旋臂垂直且大小等于 2mg，B错误，C正确；根据 C选项的分析知，若转动
2 2
的角速度增大，F2增加， F = mg，旋臂对模型飞机的作用力 增大，D错误。1 F = F1 + F2
7．C
【解析】弹簧对小球甲和小球乙组成的系统先做正功、后做负功，所以小球甲和小球乙的
v sinα = v
机械能之和先增大后减小，A错误；根据运动的合成与分解可得 ，左侧绳与水平
甲 乙
方向夹角 α＝30°时，甲乙两球的速度之比为 2：1，所以 B错误；小球甲到达 Q点α=0，所以
小球乙的速度为零，甲球的速度不一定为零，小球甲从 P到 Q的过程，小球甲、小球乙和弹
簧组成的系统机械能守恒，且易知弹簧在初、末状态的弹性势能相等，所以小球甲在 P点和 Q
5 4 1
2mg( d d ) mg d = mv2 v = 0
点时，甲乙两球总的机械能不变， ，解得 ，小球甲的速度
甲
甲
3 3 2
为零，所以 C正确；设弹簧的原长为 l0，由题意可知小球在 P时弹簧的压缩量等于小球在 Q
2
x + l (l x) = d tanα x = d
时弹簧的伸长量，设形变量为 x，根据几何关系可得 0 0 ，解得 ，开
3
3mg
kx = mg k =
始时轻绳刚好伸直，拉力为零，则 ，解得 ，所以 D错误。正确答案为 C.
2d
8．AD
【解析】粒子在 a点时的轨迹应从速度向力的方向偏转，经分析，粒子受到的电场力沿
电场线反方向，故粒子带负电，A正确；由图知粒子在 a点受电场力向下，所以先向上减速
运动后再向下加速运动，故 B错误；根据电场线的疏密知道场强先变小后变大，故加速度先
减小后增大，加速度在变化，不是匀变速曲线运动，所以 C错误；从 a点到 b点，电场力先
做负功，再做正功，动能先减小后增大，所以 D正确．
9．BD
3
a
【解析】该卫星在轨道 1、轨道 2、轨道 3运动的周期关系由开普勒定律 = k ，可知，
T 2
GM
T > T > T ，选项 A错误；根据 v＝ 可知，该卫星在轨道 3的速度小于在轨道 1的速度，
3 2 1
r
则该卫星在轨道 3的动能小于在轨道 1的动能，选项 B正确；该卫星从轨道 1到轨道 2需要
点火加速，则机械能增加；从轨道 2再到轨道 3，又需要点火加速，机械能增加；故该卫星从
GM
轨道 1到轨道 2再到轨道 3，机械能逐渐增加，选项 C错误；根据 a＝ 可知，该卫星稳定
r2
运行时，在轨道 3上经过 Q点的加速度等于在轨道 2上经过 Q点的加速度，选项 D正确。
10．BC
2 6
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{#{QQABaYSEogCgAhAAAQACUwGgCgGQkhCCCIgOhAAUoEAAiBNABCA=}#}
1 2Ep
【解析】开始时弹簧弹性势能相同，所以 E 2= mv ，故 a、b两球开始时
p 0 v = ，两0
2 m
球的平抛的初速度之比为1 2 α，两球落到斜面时位移与水平方向夹角相同（即斜面的倾角 ），
：
1
gt2
y 2 gt 2v tanαtan 0α = = = ，所以 t＝ ，a、b两球在空中运动的时间之比为1 2 ，所以 A
：
x v t 2v g
0 0
v t 2v2 tanα
0 0
错误；小球落点到 O点的距离 l = = ，a、b两球在斜面的落点 A、B到 O的距
cosα g cosα
vy gt
离之比为12，所以 B正确；两球落地时速度与水平方向的夹角为 tan θ＝ ＝ ＝2tan α，两球
：
v0 v0
落在斜面上时速度与斜面的夹角大小β＝θ－α，同一斜面α不变，故落在斜面上时速度与斜面
的夹角与飞出时的初速度无关，故 a、b落在斜面上时速度与斜面的夹角之比为 1∶1，故 C正
v0
确；落到斜面上时的速度 v＝ ，故落地时的速度之比与初速度之比相等，故 a、b落在斜
cos θ
2
面上速度大小之比为 1∶ ，故 D错误。故选 BC。
11．（6分）
（1）BC(2分，只选一个得 1分，选错不给分)
（2）C(2分)
g
（3） v = (2分)
0
k
【解析】
（1）为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，
但必须是水平的，故 A错误；B正确；为保证抛出的初速度相同，应使小球每次从斜槽
上相同的位置由静止释放，故 C正确；因为存在摩擦力，故不满足机械能守恒定律，故
D错误。
2 2（ ）竖直方向根据自由落体运动规律可得 y2－y1＝gT ，水平方向由匀速直线运动得 x＝v0T，
x g
联立解得 v0＝ ＝x ，所以 C正确。
y2－y1 y2－y1
g
g g
（3）因为 y y 2 2 2＝ 2－y1＝gT ，x＝v0T，联立可得 y＝ x ，所以 y－x 图像的斜率为 k＝ ，
v 2 20 v0
g
解得 v = 。
0
k
12．（10分）
h6－h4
（1） (2分)
4T
（2）－mgh3(2分) k1＝k2(2分) >(2分)
（3）D(2分)
【解析】
h6－h4
（1）计数点 5的瞬时速度等于 4、6两点间的平均速度，则 v5＝ 。
4T
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（2）打计数点 3时对应重锤的重力势能 Ep3＝－mgh3，根据题图可知，每一段对应的重力势
能减小量和动能增加量相等，那么重锤机械能守恒，即图线斜率的绝对值相同，才能满
足条件，故 k1＝k2，由于阻力的影响，重锤重力势能的减小量大于动能的增加量，则 k1>k2。
（3）实验中打点计时器使用的是交流电源，不可用干电池作为电源，故 A错误；重锤由静止
开始下落过程中受到空气阻力和纸带与打点计时器的摩擦阻力作用，不是自由落体运
动，v＝ 2gh是自由落体运动的公式，故 B错误；实验时应先接通电源，再释放纸带，
故 C错误；题图丙 Ek－h图线纵轴上的截距表示重锤经过参考平面时的动能，故 D正确。
13．（10分）
g
（1） ；
9
3R
（2） 6π ；
g
2π
（3） 。
1 3g
ω
0
9 R
【解析】
（1）在地球表面处的物体受到的重力近似等于万有引力，
Gm m0
地
m0g＝ (1分)
R2
' m m
地
在轨道半径为 r＝3R处，卫星所受万有引力等于其重力，mg =G (2分)
(3R)2
g
联立解得：g′＝ (1分)
9
（2）卫星所受万有引力提供其做圆周运动的向心力，有：
m m
G 地 = m(3R) 2ω (1分)
(3R)2
2π
T = (1分)
ω
3R
结合（1）中式子可得 T＝ 6π (1分)
g
（3）卫星绕地球做匀速圆周运动，建筑物随地球自转做匀速圆周运动，且卫星的转动方向与
地球自转方向相同，当卫星比地球（建筑物）多转 1圈时，卫星再次出现在建筑物上空，
即ω t ω t = 2π (2分)
0
2π
解得： t＝ (1分)
1 3g
ω
0
9 R
14．（12分）
3mgR2
（1） ；
kq
3 3 1
（2 g） ，方向沿 F点的切线方向向上；
2
4 6
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{#{QQABaYSEogCgAhAAAQACUwGgCgGQkhCCCIgOhAAUoEAAiBNABCA=}#}
（3）3 3m
【解析】
（1）设乙球带电量为 Q，对小球乙受力分析可知，小球乙带正电荷才可能平衡，所以小球乙
Qq
带正电荷。因为乙球平衡mg sinθ = k sinθ (2分)
r2
由几何关系可知甲乙之间距离为 r = 3R (1分)
3mgR2
解得Q = 。(1分)
kq
（2）若将小球乙放在环上 BD段上的 F点，由静止从 F点释放，释放瞬间受力如图所示，乙
a
球的加速度大小为 ，释放的瞬间由于速度为零，所以沿半径方向的向心加速度 a = 0，
n
则合加速度即为小球乙在切线方向的加速度，所以由牛顿第二定律得
Qq
k cosθ mg sinθ = ma (2分)
R2
3 3 1
解得 a = g，方向沿 F点的切线方向向上。(2分)
2
（3）保持小球乙的电性和电量不变，改变其质量，结果小球乙放在环上 BD段上的 F时也恰
Qq
m 'g sinθ = k cosθ
好能处于静止状态，由平衡条件可得 (2分)
R2
m '解得 = 3 3m。(2分)
15．（16分）
（1）10m；
（2）90N；
（3）10m.
【解析】
（1）根据题意，钢球经 B点时，由牛顿第二定律有
m 2v
F B+mg = (2分)
N
R
解得 v =10m / s。(1分)
B
钢球由 A到 B过程中，由机械能守恒定律有
1
mg(H 2R) 2= mvB (2分)
2
解得H = 4R =10m。(1分)
（2）钢球由 B到 C过程中，由机械能守恒定律有
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{#{QQABaYSEogCgAhAAAQACUwGgCgGQkhCCCIgOhAAUoEAAiBNABCA=}#}
1 1
mg2R = mv2 mv2，(2分)
C B
2 2
解得 v =10 2m / s，(1分)
C
2
vc
对小球，在 C点， F mg = m (1分)
NC
R
解得 F = 90N (1分)
NC
'
根据牛顿第三定律可知球在最低点 C点时对轨道的弹力大小 FNC = FNC = 90N 。(1分)
（3）根据题意，钢球 A到 D过程中，由动能定理有
mg(H Lsinθ ) kmgL = 0 (3分)
4R
L =
解得 =10m。(1分)
sinθ + k
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{#{QQABaYSEogCgAhAAAQACUwGgCgGQkhCCCIgOhAAUoEAAiBNABCA=}#},.行
2022一2023学年下期期末联考
突清
额个一一民，
高一物理试题
的》
(考试时间：75分钟
试卷满分：100分)
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的。)
1.根据学过的电学知识，下列说法中正确的是
A.小轿车车尾的导电链是为了防止静电积聚
B.为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形
C.用几万伏的高压电电击关在金属笼里的鸟，而鸟安然无恙是利用了尖端放电
D.电视闭路线芯外常包有一层金属网与静电屏蔽无关
2.“高空抛物”一直被称为悬在城市头顶上的痛，尤其是人为的高空抛物。最高人民法院发布
《关于依法妥善审理高空抛物、坠物案件的意见》，对于故意高
空抛物的，根据具体情形可以定罪处罚。如图所示，若在七楼
阳台离地面20m高处，某人不小心将1kg的小花盆水平碰
出，落点距抛出点水平距离4m,不计空气阻力，重力加速度g
取10m/s2。下列说法正确的是
A.小花盆在下落过程中每秒速度大小的变化相同
B.由此可推算出落地前瞬间的动能大小为200J
C.整个下落过程中，重力的平均功率为100W
D.落到地面上的瞬间，重力的瞬时功率为2√101W
3.明朝的《天工开物》记载了我国古代劳动人民的智慧。如图所示，可转动的把手上α点到转
轴的距离为2R,辘轳边缘b点到转轴的距离为R。人甲转动把手逐渐松开轻绳，把井口的人
乙放到井下查看井下情祝，则下列判断正确的是
甲
,0
芒高阳腰用功用
A.a点的线速度等于b点的线速度
小大大特的降润动还是
B.a点的向心加速度小于b点的向心加速度
为对
C.轻绳对乙做的功等于乙的动能的变化量
D.轻绳对乙做的功等于乙机械能的变化量
高一物理试题第1页（共6页）
4.神舟十六号于2023年5月30日上午9时31分在甘肃酒泉卫星发射中心发射，取得圆满成
功！神舟十六号乘组有景海鹏、桂海潮、朱杨柱三位航天员，这是中国第十六次载人航天发
射，是中国航天工程实现的又一个历史性突破。此次神舟十六号还会前往空间站执行维修
任务，包括加装新的天线、引导机器人等工作。宇航员们还将会进行科学实验，比如观察天
体、检测太空环境等等。若神舟十六号与空间站核心舱在对接的最后阶段，神舟十六号与空
间站处于同一轨道上同向运动，两者的运行轨道均视为圆周。要使神舟十六号在同一轨道
上追上空间站实现对接，神舟十六号喷射燃气的方向可能正确的是
神舟十六号
神舟十六号
运行方向=口◆
*喷气方向
运行方向一圆喷气方向
空间站
空间站
B
神舟十六号
神舟十六号
运行方向一圆意
运行方向国◆
空间站喷气方向
空间站喷气方向
C
D
5.一点电荷Q位于Ox坐标轴上的某点，在坐标轴0x上还有A、B两点，其坐标分别为2.0m
和5.0m。已知放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场
方的大小跟试探电荷所带电荷量大小的关系如图中的直线A、B
本FN
所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电。不考虑
5
A
两试探电荷间的相互作用，则以下判断正确的
A.点电荷Q是正屯荷
2
B
B.点电荷Q的位置坐标为(2.6m,0)
C.A点的电场强度的大小E4为40N/C,方向沿x轴负方向
0.0.10.20.30.40.5g/c
D.B点的电场强度的大小E为2.5N/C,方向沿x轴正方向
6.如图甲所示，游乐场有一种叫作“快乐飞机”的游乐项目，模型如图乙所示。已知模型飞机
质量为m,固定在长为L的旋臂上，旋臂与竖直方向夹角为45°，当模型飞机以角速度w=
盟绕中央轴在水平面内做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（不计空气阻力，重力加
NL
速度为g)
A.模型飞机受到重力、旋臂的作用力和向心力
B.旋臂对模型飞机的作用力方向不垂直于旋臂
C.旋臂对模型飞机作用力大小为2mg
D.若转动的角速度增大，则旋臂对模型飞机的作用力减小
高一物理试题第2页（共6页）
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