2023年安徽省六安市裕安区西片六校联考中考物理模拟预测试卷（答案）

2023年六安市裕安区西片六校联考中考模拟预测
物理试题（二）
注意事项：
化学试卷共23小题，满分70分。化学与物理的考试时间共120分钟。
试卷包括“试题卷”，和“答题卷”两部分，“试题卷”共8页，“答题卷”共2页。
请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题无效。
一、填空题(1-9题，每空一分，第10小题2分，共20分）
1．“五音不全”的五音是指中国古乐“宫、商、角、徵、羽”，相当于现代音阶中的do、re、mi、sol、la五音，是指声音的___________不同。（选填“音调”、“音色"或“响度”）
2．如图所示是一种测定油箱内油量的装置，油量表是由电流表改装而成，其中R'是定值电阻，R是滑动变阻器，滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。当油箱内的油面上升时，油量表的示数将 _______；若换用电压表改装成油量表，要求油面下降时电压表示数变小，电压表应并联在元件 _______的两端。
3．将光滑细嫩的豆腐放入冰箱冰冻，豆腐里的水遇冷 ______（填物态变化名称）成冰，体积变大；再将豆腐从冰箱取出______（选填“吸收”或“放出”）热量，______（填物态变化名称）成水，就做成了“冻豆腐”。
4．如图所示，小芳在做“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验时，操作的错误是：物体不在_____上运动．纠正错误后，应拉动弹簧测力计使木块作_________运动．其目的是______．纠正错误后，若使木块由铺有毛巾的木板运动到光滑的木板上，则木块受到的滑动摩擦力将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
5．用托盘天平测量矿石的质量，首先应将天平放在______工作台面上，并将游码调节到天平横梁的______．在调节天平平衡时，发现指针偏向分度盘的右侧（如图甲），此时应将平衡螺母向______调，直到天平平衡；把矿石放到天平左盘，向右盘中添加砝码，并适当移动游码，天平平衡时，右盘中所加的砝码和游码的位置如图所示，则矿石的质量是______g.
6．如图所示，闭合开关后，弹簧测力计示数变大，则弹簧测力计下所挂磁体A的下端为______（选填“S”或“N”）极。
7．电热饮水机在加热状态下正常工作，将2kg的水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是___________J。（c水 =4.2×103J/kg·℃）
8．用如图所示的滑轮组，将重为16 N的物体以0.2 m/s的速度匀速提升，滑轮组的机械效率为80%，若不计绳重及摩擦，拉力F为 __ N，拉力的功率为 __ W，动滑轮的重力为 __ N．
9．如图所示，电源电压保持不变，R1=R2=R3，开关S闭合后，电流表A1、A2的示数之比为 ___________。
10．一束光从水中斜射向水面，图中已画出空气中的折射光线，请画出大致的入射光线和反射光线。
二、单选题(每题2分，共14分）
11．跳水运动是我国的传统优势项目，如图所示，关于这项体育运动说法正确的是
A．运动员用力压下跳板时压力大于支持力
B．运动员上升是因为一直受到跳板向上的压力
C．运动员离开跳板后继续向上运动，是因为人具有惯性
D．运动员上升到最高点时速度减为零，此时运动员处于平衡状态
12．如图所示，烛焰在光屏上成清晰的像。下列哪个光学器材的成像原理与其相同( )
A．投影仪 B．照相机 C．放大镜 D．近视眼镜
13．如图所示，一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车正在进行洒水作业．关于该洒水车，下列说法正确的是( )
A．机械能不变，重力势能不变 B．机械能变大，重力势能变小
C．机械能变小，动能变小 D．机械能变小，动能不变
14．如图所示，长方体物块A放置在上表面水平的小车上，水平拉力F作用在小车上，在拉力F的作用下，物块A随小车一起向右做匀速直线运动（不计空气阻力），下列分析正确的是（　　）
A．小车所受的重力和水平地面对小车的支持力是一对平衡力
B．小车所受的拉力和水平地面对小车的摩擦力是一对平衡力
C．物块A对小车压力和水平地面对小车的支持力是一对相互作用力
D．物块A所受水平向左的摩擦力和小车所受拉力是一对相互作用力
15．“复兴号”是中国自主研发、具有完全知识产权的新一代高速列车，它集成了大量现代国产高新技术，是中国科技创新的又一重大成果。“复兴号”高铁的动力装置是电动机，其工作原理是下列所示实验中的（　　）
A． B．
C． D．
16．如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I—U图像。小灯泡L的额定电压为2V，若将L和R以某种方式连接到电源两端，下列说法中正确的有（　　）
①将L和R并联，当电路中总电流为0.7A时，灯L正常发光
②将L和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最大总功率之比为5∶2
③将L和R串联在电压为1.4V的电源两端时，此时R两端电压为1V
④将L和R串联在电压为4V的电源两端时，电路中的电流约0.3A
A．②③④ B．①②③ C．①②④ D．①③④
17．小荣同学连接了如图所示的电路。滑动变阻器最大阻值为20Ω，闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数保持3V不变，电流表的指针几乎不动，排除故障后，滑片移至最左端电流为0.3A。以下说法正确的是（　　）
A．故障原因可能是电阻R断路
B．电路中最小电流0.2A
C．定值电阻的最小功率为0.1W
D．滑片向左滑动，电流表示数变小
三、实验题(第18小题7分，第19小题4分，第20小题5分，共16分）
18．如图是用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
（1）压强计上的U形管______（选填“属于”或“不属于”）连通器，通过U形管左右液面______反应液体内部压强大小。
（2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______（选填“A”或“B”），调节好后U形管左右两侧的水面相平。
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．取下软管重新安装
（3）比较图乙和图丙，可以得到：液体的压强与______有关。
（4）比较______两图，可以得液体的压强与液体密度有关。
（5）已知图丙中U形管左侧水面的高为4cm，右侧水面的高为10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为______Pa，U形管底部受到的液体压强为______Pa（g=10N/kg）。
19．在探究“杠杆平衡条件”的实验中，小明同学采用了如图所示的实验装置，杠杆上相邻两点间距相等，所用钩码的质量均相等。
（1）实验前，小明同学发现实验装置处于如图甲所示的位置，实验时，首先应将杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在______位置平衡；
（2）图乙中A点处应该挂______个钩码才能保证杠杆平衡；
（3）如图丙所示，若在A点用弹簧测力计施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍能在水平位置平衡。如图丁所示，当拉力F向左倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
20．小明要测量定值电阻Rx的阻值（约十几欧）。现有器材：电源（6V）、滑动变阻器、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。
(1)如图甲所示电路，请用笔画线代替导线，将该电路连接完整；
( )
(2)在连接电路时，开关应处于_____状态，电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至最_______端。闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表示数如图乙所示，则Rx两端的电压为______V，观察到电流表示数为0.1A，他记下数据并算出电阻Rx的阻值为_______Ω；
(3)本实验进行了多次测量的目的是________________。
四、计算题(第21题，4分，第22题8分，第23题8分，共20分）
21．小牛放学后，背着重60N的书包沿水平路面走了400m，用时6min，又用2min爬上了大约9m高的四楼回到了家，小牛的重力为700N，则他回家的过程中，求：
（1）他对书包所做的功；
（2）他所做总功的功率。
22．在探究浮力规律时，实验小组设计了如图所示的实验，用细绳通过固定在容器底部的定滑轮将木块拉至液面下。已知木块的重力为1.8N，体积为3×10-4m3，且不吸收液体。图中在木块静止时弹簧测力计的示数1.5N，不计绳重和摩擦，求：
（1）木块受到的浮力；
（2）液体的密度；
（3）剪断细绳，木块再次静止时，受到的浮力。
23．某型号热水壶的原理图如图所示，它有加热和保温两挡，通过单刀双掷开关S进行调节，R0、R为电热丝。当开关S接加热挡时，电路的功率为1100W，当开关S接保温挡时，电路的总功率为44W，R0、R阻值恒定不变。
整壶水的容量 2L
额定电压 220V
加热时的总功率 1100W
保温时的功率 44W
（1）在加热挡正常工作时，电路中的电流是多少？
（2）电热丝R0、R的阻值多大？
（3）已知热水壶的加热效率为80%，在一标准大气压下把一满壶水从10℃升高到98℃时需要多长时间？[已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg，c水 = 4.2×103 J/(kg·℃)]
参考答案：
1．音调
【详解】声音的高低叫音调，音调的高低与频率有关，频率越高，音调越高。“五音不全”的五音是指中国古乐“宫、商、角、徵、羽”，相当于现代音阶中的do、re、mi、sol、la五音，是指声音的音调不同。
2． 变大 R′
【详解】[1]由图可知，R和R′串联，油量表串联在电路中，相当于电流表；当油箱油面上升时，浮子会上升，则滑杆连接滑片的一端会下降，滑动变阻器接入电路的阻值会变小，即电路总电阻变小，由欧姆定律可知电路中的电流变大，即油量表示数将变大。
[2]当油箱油面下降时，浮子会下降，则滑杆连接滑片的一端会上升，滑动变阻器接入电路的阻值会变大，即电路总电阻变大，由欧姆定律可知电路中的电流变小，由U=IR可知R'两端的电压变小，因此电压表应并联在元件R′两端。
3． 凝固 吸收 熔化
【详解】[1]水变为冰属于凝固现象。
[2][3]“冻豆腐”从冰箱取出吸收周围空气中的热量，豆腐中的冰变为水属于熔化现象。
4． 水平面 匀速直线 摩擦力等于拉力 变小
【分析】（1）探究滑动摩擦力的影响因素时，应该让物体水平方向上运动，因为只有水平方向上匀速运动，摩擦力和拉力才是相等的，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小；
（2）影响摩擦力大小的因素有：压力和接触面的粗糙程度，压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大，摩擦力的大小与接触面积的大小无关．
【详解】(1)要探究“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验，应该让物体在同一水平面上运动，若在斜面上拉动，摩擦力和拉力不再是一对平衡力，弹簧测力计的示数就不等于摩擦力；实验中，应拉动木块在水平面上做匀速直线运动，拉动弹簧测力计使木块在水平面做匀速直线运动的目的是摩擦力等于拉力； (2)同一木块对水平面的压力是相等的，木板的表面更光滑，摩擦力更小．
5． 水平 0刻度线处 左 78.4
【详解】（1）用托盘天平测量物体的质量，首先应将天平放在水平工作台面上，并将游码调节到天平横梁的零刻线处．在调节天平平衡时，发现指针偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向左调，直到天平平衡；
（2）物体的质量m=50g+20g+5g+3.4g=78.4g．
6．S
【详解】如图所示，闭合开关后，螺线管有磁性，磁性增强，电流在螺线管的环绕方向，由安培定则，螺线管的上端是N极，异名磁极相互吸引，磁体A的下端是S极，螺线管和磁体A之间吸引力增大，弹簧被拉长，弹簧测力计示数变大。
7．6.72×105
【详解】水吸收的热量
8． 10 4 4
【详解】（1）由图知，n=2，则拉力端移动的距离s=2h，滑轮组的机械效率：
则拉力
（2）拉力端移动的速度
v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
拉力做功功率:
P=Fv=10N×0.4m/s=4W；
（3）不计绳重及摩擦，拉力
动滑轮重力：
G动=2F﹣G=2×10N﹣16N=4N．
9．3:2
【详解】由图得，R1、R2、R3并联，电流表A1、A2分别测量干路总电流、R1与R2总电流，并联电路中各支路电压相等，依题意得
由欧姆定律得，R1、R2、R3的电流相等，设它们的电流为I，则干路总电流为
R1与R2总电流为
所以电流表A1、A2的示数之比为
10．
【详解】光从一种透明介质到另一种透明介质要发生偏折，光由水中进入空气中时，折射角大于入射角，应先做法线，然后根据入射角小于折射角作出入射光线；再由光的反射定律知反射角等于入射角，作出水中的反射光线。如图所示：
11．C
【详解】A．运动员用力压下跳板时压力和支持力是相互作用力，两个力的大小相等，故A错误；
BC．运动员离开跳板，不再受到跳板的支持力，运动员继续向上运动，因为运动员具有惯性，故C正确，B错误；
D．运动员上升到最高点时的速度为零，运动员受到重力，受到非平衡力，处于非平衡状态，故D错误．
12．B
【详解】凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像应用于照相机；物距等于像距时，成倒立等大的实像，一般用来求凸透镜的焦距；物距小于像距时，成倒立放大的实像应用于投影仪。观察图可知，物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像，故是照相机的原理。
故选B。
13．C
【详解】一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，洒水车的质量减小，速度不变，动能变小；洒水车在水平路面上行驶，重力势能为零；洒水车没有发生形变，不具有弹性势能；机械能=动能+重力势能，机械能变小．故选C.
【点睛】（1）动能大小跟质量、速度有关．质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大．（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关．被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大．
14．B
【详解】A．小车与物块A所受重力的合力和水平地面对小车的支持力是一对平衡力，故A错误；
B．小车所受的拉力和水平地面对小车的摩擦力是一对平衡力，故B正确；
C．物块A对小车压力和小车对A的支持力是一对相互作用力，故C错误；
D．物块A不受摩擦力，故D错误。
故选B。
15．C
【详解】电动机的工作原理是磁场对通电导体的作用。
A．是奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，这是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．探究的是影响电磁铁磁性强弱的因素，故B不符合题意；
C．探究磁场对通电导体有力的作用，利用此原理人们发明了电动机，故C符合题意；
D．探究利用磁场获得电流的条件，即电磁感应现象，利用此原理发明了发电机，故D不符合题意。
故选C。
16．C
【详解】①将L和R并联，L和R两端的电压相同，当电路中总电流为0.7A时，由图可知，此时灯泡两端的电压为2V，小灯泡正常发光，故①正确；
②将L和R串联时，灯泡两端的最大电压为2V，此时通过灯泡的电流为0.5A；R的电阻为
串联电路中电流处处相等，此时电阻R两端的电压为
电源电压为
电路的最大功率为
将L和R并联，灯泡两端的最大电压为2V，电源电压为2V；L和R两端的电压相同，由图可知，电路中总电流为
时，电路的最大功率为
L和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最大总功率之比为
P∶P'＝3.5W∶1.4W＝5∶2
故②正确；
③由图可知，当灯泡两端的电压为2V时，通过灯泡的电流为0.5A，此时灯泡的电阻为
将L和R串联在电源两端时，若R两端电压为1V，此时电路中的电流为
由于灯丝的电阻受温度的影响，电压越低，灯丝的温度越低，灯丝的电阻越大，所以电路中电流为0.1A时，灯泡的电阻要大于通过灯泡电流为0.5A时的电阻，所以此时灯泡两端的电压要大于
即电源电压要大于
故③错误；
④将L和R串联在电压为4V的电源两端时，由图像可知，此时L两端的电压为1V，R两端的电压为3V，此时电路中的电流约0.3A，故④正确；
综合上所述，C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
17．C
【详解】A．如图所示，电路为电阻R与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流，若电阻R断路，则电路不通，电压表、电流表均无示数，故A错误；
BC．闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数保持3V不变，电流表的指针几乎不动，电流表无示数说明电路断路，电压表有示数，说明电压表与电源接通，则故障为滑动变阻器断路，电压表测电源电压，则电源电压为3V，排除故障后，滑片移至最左端时，滑动变阻器接入阻值为0，则电路为定值电阻的简单电路，可求定值电阻阻值为
则当滑动变阻器接入阻值最大为20Ω时，电路电流最小，即
由当电路电流最小时，定值电阻功率最小，即
故B错误，C正确；
D．电路为定值电阻与滑动变阻器串联，则当滑片左滑时，滑动变阻器接入阻值变小，由欧姆定律可知，电路电流变大，故D错误。
故选C。
18． 不属于 高度差 B 深度 丙丁 600 1000
【详解】（1）[1]压强计上的U形管，它的左端是密闭的，所以不是连通器。
[2]液体内部压强越大，U形管左右两侧液面的高度差就越大，所以通过U形管左右两侧液面的高度差，反应液体内部压强大小。
（2）[3]若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，这样U形管中两管液面上方的气体压强就是相等的都等于大气压，此时的U形管就是一个连通器，左右两侧液面就相平了，再重新安装即可。
故选B。
（3）[4]比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，故可以得到：在不同深度，液体内部压强与液体的深度有关，液体深度越深，压强越大。
（4）[5]要探究液体的压强与液体密度的关系，需控制深度相同，液体的密度不同。故应比较丙、丁两图。
（5）[6]已知图丙中U形管左侧水面的高为4cm，右侧水面的高为10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为
[7]U形底部所处液体深度，U形管底部受到的液体压强
19． 右 水平 2 变大
【详解】（1）[1][2]图甲可知，杠杆的右端上翘，应将杠杆的平衡螺母向右调节使杠杆处于水平位置平衡，这样做便于测量力臂，并能消除杠杆自身重力的影响。
（2）[3]设一个钩码重为G，杠杆上一个小格的长度为l，根据杠杆的平衡条件可知
3G×2l=nG×3l
解得n=2，应在A点处挂2个钩码才能保证杠杆在水平位置平衡。
（3）[4]在A点用弹簧测力计施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍能在水平位置平衡。当拉力F向左倾斜时，拉力的力臂变小，为了使杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定，动力（拉力）的力臂变短，则动力（拉力）F将变大。
20． 断开 左 1.2 12 求平均值减少误差
【详解】(1)[1]变阻器按一上一下串联接入电路中，如下图所示：
(2)[2][3]为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即最左端。
[4]由图乙可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.2V。
[5]电阻Rx的阻值
Rx==12Ω
(3)[6]由于一次实验测量的结果误差较大，故本实验进行了多次测量的目的是求平均值减小误差。
21．（1）540J；（2）14.25W
【详解】解：（1）小牛在水平路面上行走时，对书包的作用力竖直向上，但在竖直方向上移动的距离是0，此过程对书包做功为0；在登楼时，将书包提升，克服书包重力做的功
W=G书包h=60N×9m=540J
即他在回家的过程中对书包所做的功为540J。
（2）他在回家的过程中克服自身重力所做的功
W′=G人h=700N×9m=6300J
他克服重力所做的总功
W总=540J+6300J=6840J
总时间
t=6min+2min=8min=480s
则他克服重力所做总功的功率
答：（1）他对书包所做的功为540J；
（2）他所做总功的功率为14.25W。
22．（1）3.3N；（2）1.1103kg/m3；（3）1.8N
【详解】解：（1）由图可知，木块浸没在水中时受到向下的重力、向下的拉力和向上的浮力，根据力的平衡可知，浮力等于重力与拉力之和，则木块受到的浮力
（2）木块浸没时，排开液体的体积
V排=V=310-4m3
液体的密度
（3）由题和（1）知，木块完全浸没时所受的浮力大于自身的重力，所以剪断细绳后木块将上浮，最终漂浮在液面上。即再次静止时，受到的浮力等于木块自身的重力，即
答:（1）木块受到的浮力为3.3N；
（2）液体的密度为1.1103kg/m3；
（3）剪断细绳，木块再次静止时，受到的浮力为1.8N。
23．（1）5A；（2）44Ω，1056Ω；（3）840s
【详解】解：（1）由表格数据可知，加热时的功率为1100W，由P=UI可得加热挡正常工作时，电路中的电流
（2）由图知，S接2时只有R0接入电路，S接1时两电阻串联，由串联电阻的规律，串联时电路中电阻最大，根据，故S接2时功率最大，加热状态，S接1时为保温状态，可得R0的阻值
保温状态，则总电阻为
根据串联电阻的规律，所以R的阻值
R=R串﹣R0=1100Ω﹣44Ω=1056Ω
（3）根据密度公式，水的质量为
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg
水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103 J/(kg·℃)×2kg×(98℃﹣10℃)=7.392×105J
已知热水壶的加热效率为80%，热水壶放出的热量
因为电流所做的功
W=Q放=Pt
所以加热所用的时间
答：（1）在加热挡正常工作时，电路中的电流是5A；
（2）电热丝R0为44Ω，R的阻值为1056Ω；
（3）在一标准大气压下把一满壶水从10℃升高到98℃需要840s。

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