卷子答案网-一个不只有答案的网站2016-2017学年山东省烟台市龙口五中九年级下学期期中物理试卷（五四学制）
一、单选题
1．（2017九下·烟台期中）2016年春节联欢晚会上，推出了“全民抢红包”活动，观众通过手机微信的“摇一摇”入口，就可以参与抢红包，手机抢红包过程中用来传递信息的是（ ）
A．声波 B．空气 C．电磁波 D．光导纤维
【答案】C
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】解：手机既可以接收电磁波，也可以发射电磁波，是利用电磁波来传递信息的，因此手机抢红包过程中用来传递信息的是电磁波．
故选C．
【分析】手机是通过电磁波来传递信息的，据此可直接做出判断．
2．（2017九下·烟台期中）生活中有许多事利用了惯性，下列事例利用惯性的一组是（ ）
①火车进站时，撤去动力，仍能进站
②河里嬉水的鸭子上岸后，用力抖动翅膀，把身上水抖掉
③汽车行驶时，司机系着安全带
④锤头松了，把锤柄的一端在地上撞击几下就紧了．
A．①②③ B．①③④ C．②③④ D．①②④
【答案】D
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】解：①火车进站前，撤去动力，由于惯性仍能进站，故是利用惯性；②鸭子抖动翅膀，水由于惯性而被抖掉，故是利用惯性；③汽车如果刹车时，人具有惯性，会保持原来的速度向车窗冲去，故为了防止这种现象，人要系安全带，为防止惯性带来的危害，而非应用；④将锤子的木柄在硬地上撞击几下，锤头便套紧了，是利用了锤头的惯性，使锤头套在锤柄上．
综上所述，利用惯性的是①②④．
故选D．
【分析】判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用．
3．（2017九下·烟台期中）如图所示，用水平力F拉着长木板A在水平地面上做匀速直线运动，木块B始终静止不动，若不计绳重，下列说法中正确的是（ ）
A．木块B不受摩擦力
B．木块B受到方向向左的摩擦力
C．木块B受到的重力和对木板A的压力是平衡力
D．拿掉木块B后，木板A在拉力F的作用下继续做匀速直线运动
【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】解：A、木块B与A相互接触，有相对运动，故木块B受到摩擦力的作用，故A错误；
B、滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，木块B相对于A向右运动，故木块B受到的摩擦力向左，故B正确；
C、木块B受到的重力竖直向下，对木板A的压力向下，故它们不是一对平衡力，故C错误；
D、木板A之所以做匀速直线运动是因为受到平衡力的作用，拿掉木块B后，木板A不受B的摩擦力，在拉力F的作用下木板A受到的力不再平衡，故木板A不会继续做匀速直线运动，故D错误．
故选：B．
【分析】（1）当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力；（2）滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；（3）平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；（4）对木板A进行受力分析即可．
4．（2017·鄂州模拟）如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境．下列说法正确的是（ ）
A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合
B．若蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因
C．若在玻璃板与B蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像
D．以上说法均不正确
【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、由平面镜成像特点可知，若蜡烛A距玻璃板4cm，蜡烛A的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛B与玻璃板相距4cm才能与蜡烛A的像完全重合．故A错误；
BD、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，甲图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，乙和丙图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，可知，乙图平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜，如下图：
故B正确，D错误；
C、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块挡光板，则能看见物体的像A′，无法看到物体B．故C错误；
故选B．
【分析】（1）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜的是哪一个．（2）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题．（3）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像．
5．（2017九下·烟台期中）某同学用自制的水凸透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像，如图所示．他继续向水凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，要在光屏上再次成清晰的像（ ）
A．光屏应向右移动，成放大的像 B．光屏应向左移动，成缩小的像
C．光屏应向左移动，成放大的像 D．光屏应向右移动，成缩小的像
【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：由图中可以看出，物距大于像距，在屛上得到清晰缩小的实像，此时u＞2f；
当他继续向凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，透镜的聚光能力变强，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，根据凸透镜成实像时，物远像小像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜向左移动，而且像变小．
故选B．
【分析】首先根据物距与像距的关系，确定像的性质，然后再根据凸透镜成实像时，物远像小像变小来确定调节光屏的方法．
6．（2017九下·龙口期中）一未装满橙汁的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图A），然后反过来倒立在桌面上（如图B），两次放置橙汁对杯底的压强和压力分别是pA、FA和pB、FB，则（ ）
A．pA＞pB FA=FB B．pA＜pB FA＞FB
C．pA=pB FA=FB D．pA＞pB FA＜FB
【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由于杯子是上粗下细，所以倒立时，杯中液面的高度要小于正立时的液面高度；根据p=ρgh可知：当液体密度相同时，液面越高，液体对杯底的压强越大，所以pA＞p_B ；当容器形状是上粗下细（如图A）时，对容器底的压力小于液体重力，即F＜G；当容器形状是上细下粗（如图B）时，对容器底的压力大于液体重力，即F＞G；可见FA ＜G，FB ＞G，故FB ＞FA ，
故答案为：D.
【分析】根据p=ρgh分析当液体对杯底的压强；根据容器形状分析，液体重力对容器底的压力.
7．（2017九下·龙口期中）两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．小球A的质量小于小球B的质量
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．小球A在甲液体中受到的浮力大于在乙液体中的浮力
D．在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力
【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】小球A在乙液体中处于漂浮状态它的密度小于液体的密度，小球B在乙液体沉底它的密度大于液体的密度，所以小球A的密度大于所以小球B的密度，A、B两个实心小球体积相同由 可知小球A的质量小于小球B的质量，A正确，不符合题意；
小球A在甲液体中沉底它的密度大于液体的密度，小球A在乙液体中处于漂浮状态它的密度小于液体的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，B正确，不符合题意；
小球A在甲液体中受到的浮力大于重力，在乙液体中受到的浮力等于重力，所以小球A在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中的浮力，C不正确，符合题意；
小球沉底时受到重力、支持力和浮力的作用，支持力F=G-F浮，小球A的质量小于小球B的质量，小球A受到的重力小于小球B受到的重力，由 可知两者受到的浮力相同，所以在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力，D正确，不符合题意；
故答案为：C
【分析】由小球AB在乙液体中处于漂浮和沉底状态确定它们的密度，A、B两个实心小球体积相同由 m = ρ V 可知小球A的质量和小球B的质量大小；
小球A在甲液体中沉底它的密度，小球A在乙液体中处于漂浮状态，据此可判断甲乙液体的密度大小；
分析小球A在甲液体、在乙液体中受到的浮力与重力的关系，判断甲乙液体密度大小；
小球沉底时受到重力、支持力和浮力的作用，支持力F=G-F浮，据此分析判断.
8．（2017九下·烟台期中）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，力F在这个过程中（ ）
A．变大 B．变小
C．不变 D．先变大后变小
【答案】A
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】解：在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L越大，那么F越大；
因此拉力F在这个过程中逐渐变大．
故选A．
【分析】解答此题，首先要判断杠杆的五要素中，有哪些要素发生了变化，然后再利用杠杆的平衡条件进行分析．
9．（2017八下·临沭期末）在甲、乙两图中，甲图地面粗糙、乙图地面光滑．质量分别为m，2m的两个物体在大小为F的恒力作用下，在力的方向上前进了相同的距离，则下列结论正确的是（ ）
A．甲图中F做的功小于乙图中F做的功
B．甲图中F做的功等于乙图中F做的功
C．甲图中F做的功大于乙图中F做的功
D．条件不足，无法确定甲、乙图中F做的功谁大
【答案】B
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】解：根据题意，两个物体在大小为F的恒力作用下，在力的方向上前进了相同的距离s，根据W=Fs可知，甲图中F做的功等于乙图中F做的功．
故选B．
【分析】根据W=Fs可知，功的大小和作用在物体上力的大小、物体在力的方向上移动距离的远近有关．
10．（2017·邵阳模拟）关于温度、热量、和内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体内能一定大
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、温度高的物体内能一定大；错误，因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关．故A不正确．
B、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B不正确．
C、内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，能量是从高温物体转移到低温物体．故C正确
D、物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变．错误，内能的大小还与质量和体积有关．故D不正确．
故选C．
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关．（2）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量．
11．（2017九下·烟台期中）如图所示，甲、乙两个滑轮组中，所有滑轮的质量都相同，在FA和FB的作用下，重物A、B分别以相同的速度匀速上升．已知FA：FB=3：2，不计绳重和摩擦．则下列说法正确的是（ ）
A．两重物A、B所受的重力相等
B．在相同的时间内，拉力所做的额外功不相同
C．拉力FA和FB做功的功率之比为3：2
D．甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率
【答案】A
【知识点】功率的计算；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：
已知FA：FB=3：2，设FA=3F，FB=2F；
由图可知：n甲=2，n乙=3；
A、不计绳重和摩擦，由F= （G+G动）可得，物体A、B的重分别为：
GA=2FA﹣G动=2×3F﹣G动=6F﹣G动，GB=3FB﹣G动=3×2F﹣G动=6F﹣G动；
即GA=GB，故A正确；
B、动滑轮和重物A、B分别以相同的速度匀速上升，相同时间上升高度h相同，由W额=G动h可知，拉力所做额外功相等，故B错误；
C、设重物A、B上升速度为v，则拉力FA移动的速度vA=2v，拉力FB移动的速度vB=3v，
由P= = =Fv得，拉力FA和FB做功的功率之比：
PA：PB=FAvA：FBvB=3F×2v：2F×3v=1：1，故C错误；
D、由η= = = = 得，甲滑轮组的机械效率与乙滑轮组机械效率之比：
η甲：η乙= ： = ： =1：1，即η甲=η乙，故D错误．
故选：A．
【分析】（1）利用拉力关系，根据F= （G+G动）比较物重关系；（2）不计绳重和摩擦，对动滑轮做功为额外功；（3）利用P= = =Fv分析功率大小关系；（4）利用η= 分析机械效率关系
12．（2017九上·和平期中）小明在医院看到一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，电路如图乙所示，则当闭合开关报警器工作时，分析正确的是（ ）
A．输完药液时，电流表示数变小
B．输完药液时，电压表示数变小
C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压变大，电铃正常工作
D．未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由题意知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，未输完药液时，警报器内的电阻较大；
A、由I= 可知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，电路中的电流较大，电流表的示数变大，故A错误；
B、由A知，输完药液时，电路中的电流变大，所以电铃两端的电压变大，故B错误；
C、输完药液时，电铃两端的电压变大，所以电铃可以正常工作而发声，故C正确；
D、未输完药液时，电阻较大，电流较小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成，故D错误．
故选C．
【分析】输液管内有液体时，电阻大，无液体时电阻小，根据欧姆定律判断电路中的电流大小和电铃两端的电压示数变化．
13．（2017·齐齐哈尔模拟）如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通上如图所示的电流，请你想一想会发生的现象是（ ）
A．通电螺线管仍保持静止不动
B．通电螺线管能在任意位置静止
C．通电螺线管转动，直至A端指向南，B端指向北
D．通电螺线管转动，直至B端指向南，A端指向北
【答案】D
【知识点】地磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：由右手螺旋定则可知，螺线管A端为N极；地球的南极为N极，北极为S极，螺线管东西悬挂，故在磁极的相互作用下，螺线管会转动，直至与N极向北，S极向南才能处于平衡状态．
故选D．
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，因地球具有磁场，故可判出螺线管在地磁场中所受磁场力的作用而产生的偏转．
14．（2017九下·龙口期中）如图所示，将两只额定电压相同的灯泡L1、L2串联在电路中，闭合开关S后，发现灯泡L1较亮，灯泡L2较暗，此现象说明（ ）
A．灯泡L1的阻值大于灯泡L2的阻值
B．灯泡L1的额定功率大于灯泡L2的额定功率
C．灯泡L1两端的电压小于灯炮L2两端的电压
D．通过灯泡L1的电流大于通过灯炮L2的电流
【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；额定电压；额定功率
【解析】【解答】开关闭合后，灯泡L1较亮，灯泡L2较暗，说明前者的实际功率大，由P=I2R知，电流相同时，功率越大，阻值越大，因此灯L1的阻值要大于灯L2的阻值，A符合题意；
由A知：R1＞R2，那么在额定电压相同时，由P=U2/R可得出阻值越大，其额定功率越小，即灯L1的额定功率要小于灯L2的额定功率，B不符合题意；
通过两灯的电流相同，而L1的阻值要大于L2的阻值，由U=IR可知，灯L1两端的实际电压要大一些，C不符合题意；
串联电路电流处处相等，D不符合题意；
故答案为：A.
【分析】由于两灯串联在电路中，根据串联电路的电流规律，通过小灯泡的电流相同；开关闭合后，灯泡L1较亮，说明它的实际功率大，根据P=I2R分析两个灯泡电阻的大小；因为额定电压相同，由P=U2/R可分析额定电压的大小；根据U=IR可分析两个电灯的实际电压.
15．（2017九下·龙口期中）如图，甲、乙是电磁学中很重要的两个实验，下列有关说法正确的是（ ）
A．甲图是研究电磁感应的实验装置
B．乙图中闭合开关后，可实现将机械能转化为电能
C．乙图是研究发电机原理的实验装置
D．甲图中可实现将电能装化为机械能
【答案】A
【知识点】磁场对通电导线的作用；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】甲图是研究导体在磁场中做切割磁感线运动，是电磁感应的实验装置，A符合题意；
乙图是电动机的原理图，闭合开关后，可实现将电能转化为机械能，BC不符合题意；
甲图时发电机原理图，是机械能转化为电能，D不符合题意误；
故答案为：A.
【分析】闭合导体在磁场中做切割磁感线运动，是电磁感应现象，将机械能转化为电能；电动机是通电导体在磁场中受力都的作用，将电能转化成机械能.
二、填空题
16．（2017九下·烟台期中）如图所示，物体在重力、支持力和摩擦力作用下，沿足够长的水平面向右做减速直线运动．假设物体运动时，重力突然消失，请推断物体的运动情况将是： ，简要说明你的推理过程： ．
【答案】水平向右匀速运动；当重力消失时，物体所受支持力消失，摩擦力也同时消失．运动物体不受力时，将向右做匀速运动
【知识点】力与运动的关系
【解析】【解答】解：
假设在运动过程中重力突然消失，对水平面的压力、水平面对物体的支持力、摩擦力都会同时消失，根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变．因为物体原来是向右运动，当外力突然消失，物体仍然保持原来的运动状态，所以物体将保持原来的速度向右做匀速直线运动．
故答案为：水平向右匀速运动；当重力消失时，物体所受支持力消失，摩擦力也同时消失．运动物体不受力时，将向右做匀速运动．
【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．
17．（2017九下·烟台期中）电磁铁与永磁体相比，其优点是：磁性的有无可以通过 来实现；磁性的强弱可以通过 来控制；磁极的极性可以通过 来实现．
【答案】电路的通断；电流的大小；改变电流的方向
【知识点】电磁铁的其他应用
【解析】【解答】解：电磁铁的原理就是利用通电导线周围存在磁场制成的，它的优点是：可以通过通断电路来控制磁性，可以从电流的强弱控制磁性的强弱，还可以通过改变电流的方向来改变磁极的极性．
故答案为：电路的通断；电流的大小；改变电流的方向．
【分析】要解答本题需掌握：电磁铁的磁性的有无可以通过电路的通断来控制；磁性的强弱和电流的强弱有关；磁极的方向与电流的方向有关；据此解答即可．
18．（2017九下·烟台期中）将以下做法中用到的主要物理知识分别填在题后的横线上（简要写出物理知识的内容）：
（1）拦河坝总是下部宽上部窄，说明 ；
（2）用吸管将杯中的饮料吸入口中，说明 ；
（3）洗手后用力甩手，可以把手上的水甩掉 ．
【答案】（1）液体内部压强随深度的增加而增大
（2）大气压强的作用
（3）物体具有惯性
【知识点】惯性及其现象；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】解：（1）拦河坝的下部处于深水区，水的压强随深度增大而增大，拦河坝的下部受到水的压强大；为了承受更大的液体压强，所以拦河坝的下部要修的宽一些；（2）用吸管吸杯中的饮料时，管内气压变小，外面的大气压就把饮料压入口中，所以是利用了大气压强的作用．（3）甩手时手与水珠一起运动，手停止运动时，水珠由于具有惯性继续运动而被甩掉．
故答案：（1）液体内部压强随深度的增加而增大；（2）大气压强的作用；（3）物体具有惯性．
【分析】（1）液体压强随深度增大而增大．（2）用吸管将杯中的饮料吸入口中，是大气压将饮料压入口中的．（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性．
19．（2017九下·烟台期中）如图所示的实验，敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把乒乓球弹起，则由实验可以得出的结论
（1） ；
（2） ；
（3）实验中乒乓球在试验中作用 ．
【答案】（1）声音是由物体振动产生的
（2）声音可以传递能量
（3）将微小的振动放大，便于观察
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声与能量
【解析】【解答】解：（1）敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把泡沫塑料球弹起．该实验能说明声音是振动产生的；（2）泡沫塑料球被弹起，也说明声波可以传递能量．（3）乒乓球将音叉的振动进行了放大，便于直接观察，这是物理学中常用的转换法．
故答案为：（1）声音是由物体振动产生的；（2）声音可以传递能量；（3）将微小的振动放大，便于观察．
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；声音能够传递信息，声音也能够传递能量．（2）当音叉发声时振动很微小，本实验装置可以把音叉的振动转化为乒乓球的运动，便于观察．
20．（2017·河南模拟）如图甲所示电路，电源电压不变．闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 V，定值电阻R的阻值是 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 Ω．
【答案】9；6；12
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，电压表的示数最大，电流表的示数最大，
由图象可知，电源的电压U=9V，电路中的电流I=1.5A，
由I= 可知，电阻R的阻值：
R= = =6Ω；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图象可知，R两端的电压UR=3V，电路中的最小电流I′=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UR=9V﹣3V=6V，
滑动变阻器的最大阻值：
R滑= = =12Ω．
故答案为：9；6；12．
【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表的示数就是电源电压，由图乙读出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出定值电阻R阻值；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图象读出电表示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．
三、作图与简答
21．（2017九下·烟台期中）如图所示，一小球从弧形槽上的A点静止释放，小球沿弧形槽滚至另一端的最高点为C点，试作出由A点滚至C点过程中，小球在B点（即弧形槽底部与水平面的切点）受力的示意图（忽略空气阻力）．
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】解：小球由A点滚至C点过程中，小球在B点时，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，小球做圆周运动，有向心加速度，支持力应大于重力，同时，忽略空气阻力，小球受到水平向左的摩擦力，过小球的重心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、F和f表示，如图所示：
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力．
22．（2017九下·烟台期中）如图甲所示，渔民看到水中S′处有一条鱼，为了叉到鱼，他们不是对准图乙中的S′，而是对准位置更深的S叉去，为了弄清原因，请在图乙中作出渔民看到鱼的光路图．
【答案】解：如图所示：
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】解：人之所以能看到水中的鱼，是由鱼反射的光线经水面折射后进入人眼，因此光的传播方向大致为S→A；
鱼的像是人眼逆着折射光线看到的，所以直接连接AS′，与水面的交点即为入射点；连接S和入射点即为入射光线，如图所示：
【分析】人看到的鱼在水中，光是从水中折射入空气中进入了船上的人的眼睛，当光从水、玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角，船上的人感觉光是沿直线传播的，逆着光看去，好像是从光的反向延长线的交点处来的，比实际位置偏高．
23．（2017九下·烟台期中）阅读下列短文，回答下列问题
液态氮
某高速公路发生一起车祸，现场周围“寒气”逼人，车厢挂起冰柱，地面结了厚厚一层冰．原来是一辆满载液态氮的大货车发生事故．导致氮气泄漏．罐车尾部不断冒出“白烟”，并且越来越大，车尾部开始结冰，车厢下端已经有大约10cm长的冰柱，而液体刚滴到地面上就开始凝固．据介绍，氮气具有快速制冷的效果，如果有足够多的氮，可以在很短的时间内将周围气温降低到零下50℃，情况比较危险…
（1））氮气是空气的主要成分，常温常压下是气态，车罐里液态氮是 （填物态变化的名称）形成的．
（2）车罐内液体氮发生泄露时为何会冒出“白烟”？
（3））根据所学的物理和自然知识，文中似乎有两处不妥，你能指出来并加以说明．
【答案】（1）液化
（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”
（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】解：（1）车内压强比较大，气态氮气在加压的情况下，到了车内液化成氮水，这样将气体进行液化是减小了氮气的体积，便于运输；（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”；（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；
“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气．
故答案为：（1）液化（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”；（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气；
【分析】（1）使气体液化的方法有两种：降低温度、压缩体积；（2）所谓“白烟”是由水蒸气液化形成的小水滴；（3）仔细阅读材料内容，根据所学到的热现象的相关知识从文中找出不妥之处．
四、实验题
24．（2017九下·烟台期中）小峰在探究凸透镜成像规律之后，又对凸透镜的焦距与其凸起程度的关系进行了探究：
（1）小峰第一次选取一个凸起程度较小的凸透镜，测量焦距的实验如图甲所示，测得的焦距为 ．
（2）第二次他又选用一个凸起程度较大的凸透镜，测得的焦距为8cm，由这两次实验可得出的初步结论： ．
（3）小峰回想起白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带（如图乙所示），受此启发，于是他选取焦距为10cm的凸透镜，用红光和蓝光来进行图甲的实验，实验结论：对同一凸透镜， 的焦距大些．
（4）在用焦距为10cm的凸透镜探究成“等大实像”的实验时，老师发现有两个小组所测像距分别为17.5cm和22cm，与理论像距20cm相比偏差较大．若不是因为长度测量方法错误和测量误差导致的，请分析出现这种情况的原因： ．
【答案】（1）10.0cm
（2）材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小
（3）红光
（4）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，刻度尺的分度值为1cm，此时读数为10.0cm，即透镜焦距为f=10.0cm；（2）由图甲可知，第一次测得凸透镜的焦距为10cm；根据1、2次的实验数据可知，材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小；（3）用红光和蓝光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光、蓝光对凸透镜的焦距不相同．红色光较蓝色光偏折能力弱，所以红色光对凸透镜的焦距大；蓝光入射时焦距小些．（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．
故答案为：（1）10.0cm；（2）材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小；（3）红光；（4）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距．
【分析】（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，看清刻度尺的分度值，读出示数；（2）根据图甲读出第一次测得凸透镜的焦距，然后比较1、2次实验数据可知焦距与凸面程度的关系；（3）白光经三棱镜后，光屏上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，是因为不同颜色的光经玻璃的折射本领不同；（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．
25．（2017九上·高平期末）在一节物理校本研究课中，小明同学与小芳同学要比较甲、乙两种比热容的大小，他们准备了两只相同的烧杯，分别装了初温和质量相同的甲、乙液体．
（1）在设计实验方案时，加热的方式选择下列的 （填字母代号）更科学．
A．用两只相同的酒精灯分别给甲、乙液体的烧杯加热
B．用两只功率相同的电加热器分别浸没在甲、乙液体中加热
（2）在两种液体都不沸腾的前提下，小明认为要把甲、乙两种液体都加热到相同的温度然后进行比较；小芳认为要加热到相同的时间然后进行比较，你认为方法可行的是 （选填“仅小明可行”、“仅小芳可行”或“两人都可行”）
（3）根据你第（2）问做出的选择，说出应该怎样判断得出甲、乙两种液体比热容的大小．
【答案】（1）B
（2）两人都可行
（3）解：小明的方法是：加热时间长，液体吸收的热量多，由公式c= 可知，升高相同的温度，加热时间长的比热容大；
小芳的方法是：加热时间相同，液体吸收的热量相同，由公式c= 可知，升高温度越低，比热容越大
【知识点】比热容
【解析】【解答】解：（1）在比较甲、乙两种比热容的大小的实验中，为保证两种液体在相同时间内吸收的热量相同，采用完全相同的加热方式，用两只相同的酒精灯很难保证酒精灯的火焰大小相同，有并且热量的散失，所以用两只功率相同的电加热器分别浸没在甲、乙液体中加热效果更好，故选B．（2）比较甲、乙两种液体吸热本领的大小，可以加热相同的时间，观察两种液体温度的变化量，温度变化量越大说明吸热能力弱；也可以加热到相同的温度，比较加热时间的长短，加热时间长的吸热能力强，因此这两种方法都可以比较出液体的吸热能力；
故答案为：（1）B；（2）两人都可行；（3）小明：加热到相同的温度比较加热时间，加热时间长的比热容大；小芳：加热相同的时间比较末温，末温低的比热容大．
【分析】（1）为了保证液体吸收的热量相同，从使用相同的加热方式和防止热量散失方面进行分析；（2）（3）要比较不同物质的吸热能力，有两种办法：①让质量相同的不同物质加热相同的时间，看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；②将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强．
26．（2017九下·烟台期中）要求测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率．
（1）按照电路图a，将图b的实物连接成实验电路．
（2）在电路连接过程中开关应处于 状态；闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移到 （根据你连接的实物电路图选填“最右端”或“最左端”）．
（3）实验时某次电压表的示数为2.20V，对应电流表的示数如图所示，则小灯泡此时的功率为 W；要想测出小灯泡的额定电功率，接下来的操作是： ．
【答案】（1）解：如图所示：
（2）断开；最右端
（3）0.528；将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）按照电路图，从电源正极，依次连接开关、滑动变阻器（一上一下）、灯、电流表回到负极，再将电压表并接在灯两端，电流表电压表都选择小量程，如图所示：
；（2）在电路连接过程中开关应处于断开状态；闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移到最右端；（3）如图c，电流表选的是0﹣0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，小灯泡此时的功率P=UI=2.20V×0.24A=0.528W；
要测额定功率，需要将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V，读取电流表的示数，再利用P=UI计算．
故答案为：（1）如图所示；（2）断开；最右端；（3）0.528；将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V．
【分析】（1）根据电路图，按照先串后并的原则连接实物图，注意滑动变阻器一上一下的接入，电压表、电压表要正入负出（电流），都选择小量程；（2）为了保护电路，在电路连接过程中开关要断开；闭合开关前，滑片要处于阻值最大处；（3）读出电流表的示数，利用P=UI求小灯泡此时的功率；要测额定功率，需要将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V，读取电流表的示数，再利用P=UI计算．
五、综合应用
27．（2017九下·烟台期中）我市海洋打捞队的一打捞装置可简化为如图所示的系统．在某次打捞过程中，该装置置从100m深的海底将一物体竖直向上提起至离海面10m高处．该过程可视为水中和空中两个速度大小不同的匀速过程．忽略物体刚要离开水面到刚好完全离开水面过程及速度大小的变化过程．经过A处时物体受到的拉力为4×104 N，经过B处时物体受到的拉力6×104 N．已知g=10N/kg，海水的密度1.0×103kg/m3，不计水和空气的阻力，请计算：
（1）物体在A处受到的浮力和物体的体积；
（2）若用于提升工作的柴油机的输出功率恒为69kW，整个提升过程用时80s，求该打捞装置的机械效率．
【答案】（1）解：不计水和空气的阻力，由题意知，物体在A处受到的浮力：
F浮=G﹣FA=FB﹣FA=6×104N﹣4×104N=2×104N．
由F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：
V物=V排═ = =2m3
（2）解：设物体在水中提升的高度为hA，在空气中提升的高度为hB，
提升过程中该装置的有用功为：
W有=FAhA+FBhB=4×104N×100m+6×104N×10m=4.6×106J，
由P= 可得，提升过程中该装置的总功为：
W总=Pt=69×103W×80s=5.52×106J，
该装置的机械效率为：
η= ×100%= =83%
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）不计水和空气的阻力，物体在B处受到重力和拉力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，物体在A处受到重力、拉力和浮力的作用，并且重力等于浮力和拉力之和，据此可求物体所受浮力；（2）利用W=Fs提升过程中该装置的有用功，利用P= 求出提升过程中该装置的总功，然后利用η= ×100%可求该打捞装置的机械效率．
28．（2017九下·烟台期中）如图所示，蒸汽挂烫机是通过发热体将水加热成灼热水蒸气并不断接触衣物，软化衣物的纤维组织的及其．下面是一种挂烫机的说明书．
发热功率 1000/1300/1600W
额定电压 220V
贮满水量 2.5L
蒸汽持续时间 2h（平均）
出口蒸气压强 4.6×103Pa（1600W） 3.2×103Pa（1300W） 2.4×103Pa（1000W）
出蒸气量 35g/分（1600W）
出口蒸气温度 98℃
产品外包装箱尺寸 38长×27宽×43高（cm）
净重 7.5kg
（1）使用该挂烫机低温档时正常工作通过发热体的电流是多少？（小数点后保留两位）
（2）该机器储水储满水时，使初温20℃的水温度升高了40℃，需要吸收多少热量？若此时使用中温档加热，加热时间累计为6min，则此过程中电能的转化效率是多少？（小数点后保留一位）．
（3）使用高温档时，蒸汽口处20cm2面积上的衣物承受的压力可达多少？
【答案】（1）解：由P=UI可得，使用该挂烫机低温档时正常工作通过发热体的电流：
I= = ≈4.55A
（2）解：该机器储水储满水时，水的体积：
V=2.5L=2.5×10﹣3m3，
由ρ= 可得，水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×2.5×10﹣3m3=2.5kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg ℃）×2.5kg×40℃=4.2×105J，
由P= 可得，电流做的功：
W=P中t=1300W×6×60s=4.68×105J，
此过程中电能的转化效率：
η= ×100%= ×100%≈89.7%
（3）解：由p= 可得，使用高温档时衣物承受的压力：
F=p高S=4.6×103Pa×20×10﹣4m2=9.2N
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）由铭牌可知，额定电压是220V，低温档额定功率是1000W，由电功率P=UI的变形公式可以求出在低温档工作时的电流；（2）由密度公式的变形公式求出水的质量，由热量公式求出水吸收的热量，由电功公式求出挂烫机做的功，最后由效率公式求出效率；（3）由铭牌可知，高温挡蒸汽口压强是4.6×103Pa，由F=pS求出衣物受到的压力．
2016-2017学年山东省烟台市龙口五中九年级下学期期中物理试卷（五四学制）
一、单选题
1．（2017九下·烟台期中）2016年春节联欢晚会上，推出了“全民抢红包”活动，观众通过手机微信的“摇一摇”入口，就可以参与抢红包，手机抢红包过程中用来传递信息的是（ ）
A．声波 B．空气 C．电磁波 D．光导纤维
2．（2017九下·烟台期中）生活中有许多事利用了惯性，下列事例利用惯性的一组是（ ）
①火车进站时，撤去动力，仍能进站
②河里嬉水的鸭子上岸后，用力抖动翅膀，把身上水抖掉
③汽车行驶时，司机系着安全带
④锤头松了，把锤柄的一端在地上撞击几下就紧了．
A．①②③ B．①③④ C．②③④ D．①②④
3．（2017九下·烟台期中）如图所示，用水平力F拉着长木板A在水平地面上做匀速直线运动，木块B始终静止不动，若不计绳重，下列说法中正确的是（ ）
A．木块B不受摩擦力
B．木块B受到方向向左的摩擦力
C．木块B受到的重力和对木板A的压力是平衡力
D．拿掉木块B后，木板A在拉力F的作用下继续做匀速直线运动
4．（2017·鄂州模拟）如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境．下列说法正确的是（ ）
A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合
B．若蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因
C．若在玻璃板与B蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像
D．以上说法均不正确
5．（2017九下·烟台期中）某同学用自制的水凸透镜做凸透镜成像实验，在光屏上得到了清晰的像，如图所示．他继续向水凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，要在光屏上再次成清晰的像（ ）
A．光屏应向右移动，成放大的像 B．光屏应向左移动，成缩小的像
C．光屏应向左移动，成放大的像 D．光屏应向右移动，成缩小的像
6．（2017九下·龙口期中）一未装满橙汁的密闭杯子，先正立放在桌面上（如图A），然后反过来倒立在桌面上（如图B），两次放置橙汁对杯底的压强和压力分别是pA、FA和pB、FB，则（ ）
A．pA＞pB FA=FB B．pA＜pB FA＞FB
C．pA=pB FA=FB D．pA＞pB FA＜FB
7．（2017九下·龙口期中）两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、B两个实心小球放入甲液体中，两球沉底；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。则下列说法不正确的是（ ）
A．小球A的质量小于小球B的质量
B．甲液体的密度小于乙液体的密度
C．小球A在甲液体中受到的浮力大于在乙液体中的浮力
D．在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力
8．（2017九下·烟台期中）如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，力F在这个过程中（ ）
A．变大 B．变小
C．不变 D．先变大后变小
9．（2017八下·临沭期末）在甲、乙两图中，甲图地面粗糙、乙图地面光滑．质量分别为m，2m的两个物体在大小为F的恒力作用下，在力的方向上前进了相同的距离，则下列结论正确的是（ ）
A．甲图中F做的功小于乙图中F做的功
B．甲图中F做的功等于乙图中F做的功
C．甲图中F做的功大于乙图中F做的功
D．条件不足，无法确定甲、乙图中F做的功谁大
10．（2017·邵阳模拟）关于温度、热量、和内能，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体内能一定大
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变
11．（2017九下·烟台期中）如图所示，甲、乙两个滑轮组中，所有滑轮的质量都相同，在FA和FB的作用下，重物A、B分别以相同的速度匀速上升．已知FA：FB=3：2，不计绳重和摩擦．则下列说法正确的是（ ）
A．两重物A、B所受的重力相等
B．在相同的时间内，拉力所做的额外功不相同
C．拉力FA和FB做功的功率之比为3：2
D．甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率
12．（2017九上·和平期中）小明在医院看到一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，电路如图乙所示，则当闭合开关报警器工作时，分析正确的是（ ）
A．输完药液时，电流表示数变小
B．输完药液时，电压表示数变小
C．输完药液时，电铃响的原因是其两端电压变大，电铃正常工作
D．未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过
13．（2017·齐齐哈尔模拟）如图所示，把螺线管沿东西方向水平悬挂起来，然后给导线通上如图所示的电流，请你想一想会发生的现象是（ ）
A．通电螺线管仍保持静止不动
B．通电螺线管能在任意位置静止
C．通电螺线管转动，直至A端指向南，B端指向北
D．通电螺线管转动，直至B端指向南，A端指向北
14．（2017九下·龙口期中）如图所示，将两只额定电压相同的灯泡L1、L2串联在电路中，闭合开关S后，发现灯泡L1较亮，灯泡L2较暗，此现象说明（ ）
A．灯泡L1的阻值大于灯泡L2的阻值
B．灯泡L1的额定功率大于灯泡L2的额定功率
C．灯泡L1两端的电压小于灯炮L2两端的电压
D．通过灯泡L1的电流大于通过灯炮L2的电流
15．（2017九下·龙口期中）如图，甲、乙是电磁学中很重要的两个实验，下列有关说法正确的是（ ）
A．甲图是研究电磁感应的实验装置
B．乙图中闭合开关后，可实现将机械能转化为电能
C．乙图是研究发电机原理的实验装置
D．甲图中可实现将电能装化为机械能
二、填空题
16．（2017九下·烟台期中）如图所示，物体在重力、支持力和摩擦力作用下，沿足够长的水平面向右做减速直线运动．假设物体运动时，重力突然消失，请推断物体的运动情况将是： ，简要说明你的推理过程： ．
17．（2017九下·烟台期中）电磁铁与永磁体相比，其优点是：磁性的有无可以通过 来实现；磁性的强弱可以通过 来控制；磁极的极性可以通过 来实现．
18．（2017九下·烟台期中）将以下做法中用到的主要物理知识分别填在题后的横线上（简要写出物理知识的内容）：
（1）拦河坝总是下部宽上部窄，说明 ；
（2）用吸管将杯中的饮料吸入口中，说明 ；
（3）洗手后用力甩手，可以把手上的水甩掉 ．
19．（2017九下·烟台期中）如图所示的实验，敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把乒乓球弹起，则由实验可以得出的结论
（1） ；
（2） ；
（3）实验中乒乓球在试验中作用 ．
20．（2017·河南模拟）如图甲所示电路，电源电压不变．闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 V，定值电阻R的阻值是 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 Ω．
三、作图与简答
21．（2017九下·烟台期中）如图所示，一小球从弧形槽上的A点静止释放，小球沿弧形槽滚至另一端的最高点为C点，试作出由A点滚至C点过程中，小球在B点（即弧形槽底部与水平面的切点）受力的示意图（忽略空气阻力）．
22．（2017九下·烟台期中）如图甲所示，渔民看到水中S′处有一条鱼，为了叉到鱼，他们不是对准图乙中的S′，而是对准位置更深的S叉去，为了弄清原因，请在图乙中作出渔民看到鱼的光路图．
23．（2017九下·烟台期中）阅读下列短文，回答下列问题
液态氮
某高速公路发生一起车祸，现场周围“寒气”逼人，车厢挂起冰柱，地面结了厚厚一层冰．原来是一辆满载液态氮的大货车发生事故．导致氮气泄漏．罐车尾部不断冒出“白烟”，并且越来越大，车尾部开始结冰，车厢下端已经有大约10cm长的冰柱，而液体刚滴到地面上就开始凝固．据介绍，氮气具有快速制冷的效果，如果有足够多的氮，可以在很短的时间内将周围气温降低到零下50℃，情况比较危险…
（1））氮气是空气的主要成分，常温常压下是气态，车罐里液态氮是 （填物态变化的名称）形成的．
（2）车罐内液体氮发生泄露时为何会冒出“白烟”？
（3））根据所学的物理和自然知识，文中似乎有两处不妥，你能指出来并加以说明．
四、实验题
24．（2017九下·烟台期中）小峰在探究凸透镜成像规律之后，又对凸透镜的焦距与其凸起程度的关系进行了探究：
（1）小峰第一次选取一个凸起程度较小的凸透镜，测量焦距的实验如图甲所示，测得的焦距为 ．
（2）第二次他又选用一个凸起程度较大的凸透镜，测得的焦距为8cm，由这两次实验可得出的初步结论： ．
（3）小峰回想起白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带（如图乙所示），受此启发，于是他选取焦距为10cm的凸透镜，用红光和蓝光来进行图甲的实验，实验结论：对同一凸透镜， 的焦距大些．
（4）在用焦距为10cm的凸透镜探究成“等大实像”的实验时，老师发现有两个小组所测像距分别为17.5cm和22cm，与理论像距20cm相比偏差较大．若不是因为长度测量方法错误和测量误差导致的，请分析出现这种情况的原因： ．
25．（2017九上·高平期末）在一节物理校本研究课中，小明同学与小芳同学要比较甲、乙两种比热容的大小，他们准备了两只相同的烧杯，分别装了初温和质量相同的甲、乙液体．
（1）在设计实验方案时，加热的方式选择下列的 （填字母代号）更科学．
A．用两只相同的酒精灯分别给甲、乙液体的烧杯加热
B．用两只功率相同的电加热器分别浸没在甲、乙液体中加热
（2）在两种液体都不沸腾的前提下，小明认为要把甲、乙两种液体都加热到相同的温度然后进行比较；小芳认为要加热到相同的时间然后进行比较，你认为方法可行的是 （选填“仅小明可行”、“仅小芳可行”或“两人都可行”）
（3）根据你第（2）问做出的选择，说出应该怎样判断得出甲、乙两种液体比热容的大小．
26．（2017九下·烟台期中）要求测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率．
（1）按照电路图a，将图b的实物连接成实验电路．
（2）在电路连接过程中开关应处于 状态；闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移到 （根据你连接的实物电路图选填“最右端”或“最左端”）．
（3）实验时某次电压表的示数为2.20V，对应电流表的示数如图所示，则小灯泡此时的功率为 W；要想测出小灯泡的额定电功率，接下来的操作是： ．
五、综合应用
27．（2017九下·烟台期中）我市海洋打捞队的一打捞装置可简化为如图所示的系统．在某次打捞过程中，该装置置从100m深的海底将一物体竖直向上提起至离海面10m高处．该过程可视为水中和空中两个速度大小不同的匀速过程．忽略物体刚要离开水面到刚好完全离开水面过程及速度大小的变化过程．经过A处时物体受到的拉力为4×104 N，经过B处时物体受到的拉力6×104 N．已知g=10N/kg，海水的密度1.0×103kg/m3，不计水和空气的阻力，请计算：
（1）物体在A处受到的浮力和物体的体积；
（2）若用于提升工作的柴油机的输出功率恒为69kW，整个提升过程用时80s，求该打捞装置的机械效率．
28．（2017九下·烟台期中）如图所示，蒸汽挂烫机是通过发热体将水加热成灼热水蒸气并不断接触衣物，软化衣物的纤维组织的及其．下面是一种挂烫机的说明书．
发热功率 1000/1300/1600W
额定电压 220V
贮满水量 2.5L
蒸汽持续时间 2h（平均）
出口蒸气压强 4.6×103Pa（1600W） 3.2×103Pa（1300W） 2.4×103Pa（1000W）
出蒸气量 35g/分（1600W）
出口蒸气温度 98℃
产品外包装箱尺寸 38长×27宽×43高（cm）
净重 7.5kg
（1）使用该挂烫机低温档时正常工作通过发热体的电流是多少？（小数点后保留两位）
（2）该机器储水储满水时，使初温20℃的水温度升高了40℃，需要吸收多少热量？若此时使用中温档加热，加热时间累计为6min，则此过程中电能的转化效率是多少？（小数点后保留一位）．
（3）使用高温档时，蒸汽口处20cm2面积上的衣物承受的压力可达多少？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】解：手机既可以接收电磁波，也可以发射电磁波，是利用电磁波来传递信息的，因此手机抢红包过程中用来传递信息的是电磁波．
故选C．
【分析】手机是通过电磁波来传递信息的，据此可直接做出判断．
2．【答案】D
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】解：①火车进站前，撤去动力，由于惯性仍能进站，故是利用惯性；②鸭子抖动翅膀，水由于惯性而被抖掉，故是利用惯性；③汽车如果刹车时，人具有惯性，会保持原来的速度向车窗冲去，故为了防止这种现象，人要系安全带，为防止惯性带来的危害，而非应用；④将锤子的木柄在硬地上撞击几下，锤头便套紧了，是利用了锤头的惯性，使锤头套在锤柄上．
综上所述，利用惯性的是①②④．
故选D．
【分析】判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用．
3．【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；摩擦力产生的条件
【解析】【解答】解：A、木块B与A相互接触，有相对运动，故木块B受到摩擦力的作用，故A错误；
B、滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，木块B相对于A向右运动，故木块B受到的摩擦力向左，故B正确；
C、木块B受到的重力竖直向下，对木板A的压力向下，故它们不是一对平衡力，故C错误；
D、木板A之所以做匀速直线运动是因为受到平衡力的作用，拿掉木块B后，木板A不受B的摩擦力，在拉力F的作用下木板A受到的力不再平衡，故木板A不会继续做匀速直线运动，故D错误．
故选：B．
【分析】（1）当两物体发生相对运动时，受到的摩擦力；（2）滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反；（3）平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上；（4）对木板A进行受力分析即可．
4．【答案】B
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】解：A、由平面镜成像特点可知，若蜡烛A距玻璃板4cm，蜡烛A的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛B与玻璃板相距4cm才能与蜡烛A的像完全重合．故A错误；
BD、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，甲图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，乙和丙图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，可知，乙图平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜，如下图：
故B正确，D错误；
C、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块挡光板，则能看见物体的像A′，无法看到物体B．故C错误；
故选B．
【分析】（1）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜的是哪一个．（2）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题．（3）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会影响观察物体的像．
5．【答案】B
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：由图中可以看出，物距大于像距，在屛上得到清晰缩小的实像，此时u＞2f；
当他继续向凸透镜内注水，使水凸透镜的焦距变小，透镜的聚光能力变强，光线会比注水前要提前交汇，所以像会向透镜方向移动，根据凸透镜成实像时，物远像小像变小，可知，要在光屏上成清晰的像，光屏将靠近透镜向左移动，而且像变小．
故选B．
【分析】首先根据物距与像距的关系，确定像的性质，然后再根据凸透镜成实像时，物远像小像变小来确定调节光屏的方法．
6．【答案】D
【知识点】液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】由于杯子是上粗下细，所以倒立时，杯中液面的高度要小于正立时的液面高度；根据p=ρgh可知：当液体密度相同时，液面越高，液体对杯底的压强越大，所以pA＞p_B ；当容器形状是上粗下细（如图A）时，对容器底的压力小于液体重力，即F＜G；当容器形状是上细下粗（如图B）时，对容器底的压力大于液体重力，即F＞G；可见FA ＜G，FB ＞G，故FB ＞FA ，
故答案为：D.
【分析】根据p=ρgh分析当液体对杯底的压强；根据容器形状分析，液体重力对容器底的压力.
7．【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】小球A在乙液体中处于漂浮状态它的密度小于液体的密度，小球B在乙液体沉底它的密度大于液体的密度，所以小球A的密度大于所以小球B的密度，A、B两个实心小球体积相同由 可知小球A的质量小于小球B的质量，A正确，不符合题意；
小球A在甲液体中沉底它的密度大于液体的密度，小球A在乙液体中处于漂浮状态它的密度小于液体的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，B正确，不符合题意；
小球A在甲液体中受到的浮力大于重力，在乙液体中受到的浮力等于重力，所以小球A在甲液体中受到的浮力小于在乙液体中的浮力，C不正确，符合题意；
小球沉底时受到重力、支持力和浮力的作用，支持力F=G-F浮，小球A的质量小于小球B的质量，小球A受到的重力小于小球B受到的重力，由 可知两者受到的浮力相同，所以在甲液体中容器底对小球A的支持力小于对小球B的支持力，D正确，不符合题意；
故答案为：C
【分析】由小球AB在乙液体中处于漂浮和沉底状态确定它们的密度，A、B两个实心小球体积相同由 m = ρ V 可知小球A的质量和小球B的质量大小；
小球A在甲液体中沉底它的密度，小球A在乙液体中处于漂浮状态，据此可判断甲乙液体的密度大小；
分析小球A在甲液体、在乙液体中受到的浮力与重力的关系，判断甲乙液体密度大小；
小球沉底时受到重力、支持力和浮力的作用，支持力F=G-F浮，据此分析判断.
8．【答案】A
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】解：在杠杆缓慢由A到B的过程中，动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件知：F OA=G L，当OA、G不变时，L越大，那么F越大；
因此拉力F在这个过程中逐渐变大．
故选A．
【分析】解答此题，首先要判断杠杆的五要素中，有哪些要素发生了变化，然后再利用杠杆的平衡条件进行分析．
9．【答案】B
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】解：根据题意，两个物体在大小为F的恒力作用下，在力的方向上前进了相同的距离s，根据W=Fs可知，甲图中F做的功等于乙图中F做的功．
故选B．
【分析】根据W=Fs可知，功的大小和作用在物体上力的大小、物体在力的方向上移动距离的远近有关．
10．【答案】C
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A、温度高的物体内能一定大；错误，因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关．故A不正确．
B、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B不正确．
C、内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，能量是从高温物体转移到低温物体．故C正确
D、物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变．错误，内能的大小还与质量和体积有关．故D不正确．
故选C．
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关．（2）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量．
11．【答案】A
【知识点】功率的计算；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：
已知FA：FB=3：2，设FA=3F，FB=2F；
由图可知：n甲=2，n乙=3；
A、不计绳重和摩擦，由F= （G+G动）可得，物体A、B的重分别为：
GA=2FA﹣G动=2×3F﹣G动=6F﹣G动，GB=3FB﹣G动=3×2F﹣G动=6F﹣G动；
即GA=GB，故A正确；
B、动滑轮和重物A、B分别以相同的速度匀速上升，相同时间上升高度h相同，由W额=G动h可知，拉力所做额外功相等，故B错误；
C、设重物A、B上升速度为v，则拉力FA移动的速度vA=2v，拉力FB移动的速度vB=3v，
由P= = =Fv得，拉力FA和FB做功的功率之比：
PA：PB=FAvA：FBvB=3F×2v：2F×3v=1：1，故C错误；
D、由η= = = = 得，甲滑轮组的机械效率与乙滑轮组机械效率之比：
η甲：η乙= ： = ： =1：1，即η甲=η乙，故D错误．
故选：A．
【分析】（1）利用拉力关系，根据F= （G+G动）比较物重关系；（2）不计绳重和摩擦，对动滑轮做功为额外功；（3）利用P= = =Fv分析功率大小关系；（4）利用η= 分析机械效率关系
12．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由题意知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，未输完药液时，警报器内的电阻较大；
A、由I= 可知，当输完药液时，警报器内的电阻较小，电路中的电流较大，电流表的示数变大，故A错误；
B、由A知，输完药液时，电路中的电流变大，所以电铃两端的电压变大，故B错误；
C、输完药液时，电铃两端的电压变大，所以电铃可以正常工作而发声，故C正确；
D、未输完药液时，电阻较大，电流较小，电铃不响，并不是因为没有电流，而是因为电流较小造成，故D错误．
故选C．
【分析】输液管内有液体时，电阻大，无液体时电阻小，根据欧姆定律判断电路中的电流大小和电铃两端的电压示数变化．
13．【答案】D
【知识点】地磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：由右手螺旋定则可知，螺线管A端为N极；地球的南极为N极，北极为S极，螺线管东西悬挂，故在磁极的相互作用下，螺线管会转动，直至与N极向北，S极向南才能处于平衡状态．
故选D．
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，因地球具有磁场，故可判出螺线管在地磁场中所受磁场力的作用而产生的偏转．
14．【答案】A
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；额定电压；额定功率
【解析】【解答】开关闭合后，灯泡L1较亮，灯泡L2较暗，说明前者的实际功率大，由P=I2R知，电流相同时，功率越大，阻值越大，因此灯L1的阻值要大于灯L2的阻值，A符合题意；
由A知：R1＞R2，那么在额定电压相同时，由P=U2/R可得出阻值越大，其额定功率越小，即灯L1的额定功率要小于灯L2的额定功率，B不符合题意；
通过两灯的电流相同，而L1的阻值要大于L2的阻值，由U=IR可知，灯L1两端的实际电压要大一些，C不符合题意；
串联电路电流处处相等，D不符合题意；
故答案为：A.
【分析】由于两灯串联在电路中，根据串联电路的电流规律，通过小灯泡的电流相同；开关闭合后，灯泡L1较亮，说明它的实际功率大，根据P=I2R分析两个灯泡电阻的大小；因为额定电压相同，由P=U2/R可分析额定电压的大小；根据U=IR可分析两个电灯的实际电压.
15．【答案】A
【知识点】磁场对通电导线的作用；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】甲图是研究导体在磁场中做切割磁感线运动，是电磁感应的实验装置，A符合题意；
乙图是电动机的原理图，闭合开关后，可实现将电能转化为机械能，BC不符合题意；
甲图时发电机原理图，是机械能转化为电能，D不符合题意误；
故答案为：A.
【分析】闭合导体在磁场中做切割磁感线运动，是电磁感应现象，将机械能转化为电能；电动机是通电导体在磁场中受力都的作用，将电能转化成机械能.
16．【答案】水平向右匀速运动；当重力消失时，物体所受支持力消失，摩擦力也同时消失．运动物体不受力时，将向右做匀速运动
【知识点】力与运动的关系
【解析】【解答】解：
假设在运动过程中重力突然消失，对水平面的压力、水平面对物体的支持力、摩擦力都会同时消失，根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变．因为物体原来是向右运动，当外力突然消失，物体仍然保持原来的运动状态，所以物体将保持原来的速度向右做匀速直线运动．
故答案为：水平向右匀速运动；当重力消失时，物体所受支持力消失，摩擦力也同时消失．运动物体不受力时，将向右做匀速运动．
【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．
17．【答案】电路的通断；电流的大小；改变电流的方向
【知识点】电磁铁的其他应用
【解析】【解答】解：电磁铁的原理就是利用通电导线周围存在磁场制成的，它的优点是：可以通过通断电路来控制磁性，可以从电流的强弱控制磁性的强弱，还可以通过改变电流的方向来改变磁极的极性．
故答案为：电路的通断；电流的大小；改变电流的方向．
【分析】要解答本题需掌握：电磁铁的磁性的有无可以通过电路的通断来控制；磁性的强弱和电流的强弱有关；磁极的方向与电流的方向有关；据此解答即可．
18．【答案】（1）液体内部压强随深度的增加而增大
（2）大气压强的作用
（3）物体具有惯性
【知识点】惯性及其现象；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】解：（1）拦河坝的下部处于深水区，水的压强随深度增大而增大，拦河坝的下部受到水的压强大；为了承受更大的液体压强，所以拦河坝的下部要修的宽一些；（2）用吸管吸杯中的饮料时，管内气压变小，外面的大气压就把饮料压入口中，所以是利用了大气压强的作用．（3）甩手时手与水珠一起运动，手停止运动时，水珠由于具有惯性继续运动而被甩掉．
故答案：（1）液体内部压强随深度的增加而增大；（2）大气压强的作用；（3）物体具有惯性．
【分析】（1）液体压强随深度增大而增大．（2）用吸管将杯中的饮料吸入口中，是大气压将饮料压入口中的．（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性．
19．【答案】（1）声音是由物体振动产生的
（2）声音可以传递能量
（3）将微小的振动放大，便于观察
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声与能量
【解析】【解答】解：（1）敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把泡沫塑料球弹起．该实验能说明声音是振动产生的；（2）泡沫塑料球被弹起，也说明声波可以传递能量．（3）乒乓球将音叉的振动进行了放大，便于直接观察，这是物理学中常用的转换法．
故答案为：（1）声音是由物体振动产生的；（2）声音可以传递能量；（3）将微小的振动放大，便于观察．
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；声音能够传递信息，声音也能够传递能量．（2）当音叉发声时振动很微小，本实验装置可以把音叉的振动转化为乒乓球的运动，便于观察．
20．【答案】9；6；12
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，电压表的示数最大，电流表的示数最大，
由图象可知，电源的电压U=9V，电路中的电流I=1.5A，
由I= 可知，电阻R的阻值：
R= = =6Ω；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图象可知，R两端的电压UR=3V，电路中的最小电流I′=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UR=9V﹣3V=6V，
滑动变阻器的最大阻值：
R滑= = =12Ω．
故答案为：9；6；12．
【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表的示数就是电源电压，由图乙读出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出定值电阻R阻值；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图象读出电表示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．
21．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图
【解析】【解答】解：小球由A点滚至C点过程中，小球在B点时，小球受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，小球做圆周运动，有向心加速度，支持力应大于重力，同时，忽略空气阻力，小球受到水平向左的摩擦力，过小球的重心，分别沿各力的方向画一条有向线段，并分别用G、F和f表示，如图所示：
【分析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力．
22．【答案】解：如图所示：
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】解：人之所以能看到水中的鱼，是由鱼反射的光线经水面折射后进入人眼，因此光的传播方向大致为S→A；
鱼的像是人眼逆着折射光线看到的，所以直接连接AS′，与水面的交点即为入射点；连接S和入射点即为入射光线，如图所示：
【分析】人看到的鱼在水中，光是从水中折射入空气中进入了船上的人的眼睛，当光从水、玻璃等透明介质斜射入空气中时，折射角大于入射角，船上的人感觉光是沿直线传播的，逆着光看去，好像是从光的反向延长线的交点处来的，比实际位置偏高．
23．【答案】（1）液化
（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”
（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】解：（1）车内压强比较大，气态氮气在加压的情况下，到了车内液化成氮水，这样将气体进行液化是减小了氮气的体积，便于运输；（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”；（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；
“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气．
故答案为：（1）液化（2）液态氮在漏出后，迅速汽化成氮气而吸收大量的热使周围温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成水即是“白烟”；（3）“而液体刚滴到地面上就开始凝固”：氮水泄漏后立即汽化，而无液体流到地上；“据介绍，氮气具有快速制冷的效果”：液氮具有快速制冷效果而非氮气；
【分析】（1）使气体液化的方法有两种：降低温度、压缩体积；（2）所谓“白烟”是由水蒸气液化形成的小水滴；（3）仔细阅读材料内容，根据所学到的热现象的相关知识从文中找出不妥之处．
24．【答案】（1）10.0cm
（2）材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小
（3）红光
（4）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】解：（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，刻度尺的分度值为1cm，此时读数为10.0cm，即透镜焦距为f=10.0cm；（2）由图甲可知，第一次测得凸透镜的焦距为10cm；根据1、2次的实验数据可知，材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小；（3）用红光和蓝光平行于同一个凸透镜的主光轴射入，红光、蓝光对凸透镜的焦距不相同．红色光较蓝色光偏折能力弱，所以红色光对凸透镜的焦距大；蓝光入射时焦距小些．（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．
故答案为：（1）10.0cm；（2）材料和横截面积相同的凸透镜，凸起程度越大其焦距越小；（3）红光；（4）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距．
【分析】（1）焦点到透镜中心的距离为焦距，看清刻度尺的分度值，读出示数；（2）根据图甲读出第一次测得凸透镜的焦距，然后比较1、2次实验数据可知焦距与凸面程度的关系；（3）白光经三棱镜后，光屏上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，是因为不同颜色的光经玻璃的折射本领不同；（4）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距．
25．【答案】（1）B
（2）两人都可行
（3）解：小明的方法是：加热时间长，液体吸收的热量多，由公式c= 可知，升高相同的温度，加热时间长的比热容大；
小芳的方法是：加热时间相同，液体吸收的热量相同，由公式c= 可知，升高温度越低，比热容越大
【知识点】比热容
【解析】【解答】解：（1）在比较甲、乙两种比热容的大小的实验中，为保证两种液体在相同时间内吸收的热量相同，采用完全相同的加热方式，用两只相同的酒精灯很难保证酒精灯的火焰大小相同，有并且热量的散失，所以用两只功率相同的电加热器分别浸没在甲、乙液体中加热效果更好，故选B．（2）比较甲、乙两种液体吸热本领的大小，可以加热相同的时间，观察两种液体温度的变化量，温度变化量越大说明吸热能力弱；也可以加热到相同的温度，比较加热时间的长短，加热时间长的吸热能力强，因此这两种方法都可以比较出液体的吸热能力；
故答案为：（1）B；（2）两人都可行；（3）小明：加热到相同的温度比较加热时间，加热时间长的比热容大；小芳：加热相同的时间比较末温，末温低的比热容大．
【分析】（1）为了保证液体吸收的热量相同，从使用相同的加热方式和防止热量散失方面进行分析；（2）（3）要比较不同物质的吸热能力，有两种办法：①让质量相同的不同物质加热相同的时间，看温度的变化值，温度变化值大的物质吸热能力弱；②将质量相同的不同物质加热到相同的温度，比较加热时间的不同，加热时间长的物质吸热能力强．
26．【答案】（1）解：如图所示：
（2）断开；最右端
（3）0.528；将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）按照电路图，从电源正极，依次连接开关、滑动变阻器（一上一下）、灯、电流表回到负极，再将电压表并接在灯两端，电流表电压表都选择小量程，如图所示：
；（2）在电路连接过程中开关应处于断开状态；闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移到最右端；（3）如图c，电流表选的是0﹣0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，小灯泡此时的功率P=UI=2.20V×0.24A=0.528W；
要测额定功率，需要将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V，读取电流表的示数，再利用P=UI计算．
故答案为：（1）如图所示；（2）断开；最右端；（3）0.528；将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V．
【分析】（1）根据电路图，按照先串后并的原则连接实物图，注意滑动变阻器一上一下的接入，电压表、电压表要正入负出（电流），都选择小量程；（2）为了保护电路，在电路连接过程中开关要断开；闭合开关前，滑片要处于阻值最大处；（3）读出电流表的示数，利用P=UI求小灯泡此时的功率；要测额定功率，需要将滑片向左移动，使灯两端的电压为2.5V，读取电流表的示数，再利用P=UI计算．
27．【答案】（1）解：不计水和空气的阻力，由题意知，物体在A处受到的浮力：
F浮=G﹣FA=FB﹣FA=6×104N﹣4×104N=2×104N．
由F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：
V物=V排═ = =2m3
（2）解：设物体在水中提升的高度为hA，在空气中提升的高度为hB，
提升过程中该装置的有用功为：
W有=FAhA+FBhB=4×104N×100m+6×104N×10m=4.6×106J，
由P= 可得，提升过程中该装置的总功为：
W总=Pt=69×103W×80s=5.52×106J，
该装置的机械效率为：
η= ×100%= =83%
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）不计水和空气的阻力，物体在B处受到重力和拉力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，物体在A处受到重力、拉力和浮力的作用，并且重力等于浮力和拉力之和，据此可求物体所受浮力；（2）利用W=Fs提升过程中该装置的有用功，利用P= 求出提升过程中该装置的总功，然后利用η= ×100%可求该打捞装置的机械效率．
28．【答案】（1）解：由P=UI可得，使用该挂烫机低温档时正常工作通过发热体的电流：
I= = ≈4.55A
（2）解：该机器储水储满水时，水的体积：
V=2.5L=2.5×10﹣3m3，
由ρ= 可得，水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×2.5×10﹣3m3=2.5kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg ℃）×2.5kg×40℃=4.2×105J，
由P= 可得，电流做的功：
W=P中t=1300W×6×60s=4.68×105J，
此过程中电能的转化效率：
η= ×100%= ×100%≈89.7%
（3）解：由p= 可得，使用高温档时衣物承受的压力：
F=p高S=4.6×103Pa×20×10﹣4m2=9.2N
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）由铭牌可知，额定电压是220V，低温档额定功率是1000W，由电功率P=UI的变形公式可以求出在低温档工作时的电流；（2）由密度公式的变形公式求出水的质量，由热量公式求出水吸收的热量，由电功公式求出挂烫机做的功，最后由效率公式求出效率；（3）由铭牌可知，高温挡蒸汽口压强是4.6×103Pa，由F=pS求出衣物受到的压力．
转载请注明出处卷子答案网-一个不只有答案的网站 » 2016-2017山东省烟台市龙口五中九年级下学期期中物理试卷（五四学制）