卷子答案网-一个不只有答案的网站赣州市部分学校2022-2023学年高二下学期4月期中考试
物理试卷
考生注意：
1.请将各题答案填写在答题卡上，填写在试卷上无效。
2.考试期间考生不得向监考老师提出任何与试卷内容相关问题，若有违反一律按考试舞弊处理（本场考试科目记做0分）。
3. 请勿在草稿纸上做任何标记，考试结束后请立即停止作答，由监考老师回收试卷、答题卡、草稿纸，期间考生不得离开考场。
一、选择题 （共11题，每题4分，共44分，1-7单选，8-11多选。）
1．2022年6月17日，我国首艘平直通长飞行甲板航母福建舰下水，为我海军走向深蓝提供了重要支撑。假设在某次舰载机降落训练中，航母以15m/s的速度匀速行驶，舰载机着舰初速度为75m/s，与航母速度同向。在阻拦装置的作用下，舰载机减速着舰加速度大小为10m/s2，最后停在航母上。不考虑舰载机的大小、以及对航母运动的影响，把舰载机的运动看作是匀变速直线运动，则航母着舰区的安全长度至少应是（ ）
A．281.25m B．270m C．180m D．150m
2．如图，光滑斜面AE被分成四个相等的部分，一个物体由A点静止释放后做匀加速直线运动，下面结论中正确的是（ ）
A．经过每一部分时，其速度增量均相同
B．物体通过AB、BC、CD、DE段所需的时间之比
C．物体到达各点的速度大小之比为1∶2∶3∶4
D．若该物体从A点运动到B点共用时4秒，则物体在第三秒初的速度等于物体在B点速度的一半
3．定点投弹是军事训练科目之一。若把炸弹视为质点，相同的两枚炸弹投中同一点M的过程可以简化为如图所示的两个过程，一枚从P点水平投出，另一枚从P点正下方地面上的Q点斜向上投出，其轨迹的最高点和P点等高，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．两枚炸弹运动过程中重力做功相等
B．两枚炸弹投出时人对炸弹做功相等
C．两枚炸弹落地前瞬间重力做功的功率相等
D．两枚炸弹落地前瞬间的动能相等
4．如图所示，固定于水平面上的竖直光滑圆轨道的半径为R，B、D分别为圆轨道的最高点和最低点，A与C为平行于地面的直径的两端点，小球（视为质点）从轨道上的A点以某一速度沿轨道竖直向下运动。下列判断正确的是（ ）
A．只有时，小球才能到达B点
B．小球从A点到D点的过程中克服重力做功，且重力做功的功率先增大后减小
C．若小球能过B点，则小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间
D．若轨道存在摩擦，则小球从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功一定相等
5．放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧秤相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A、B的质量分别为m、M，则弹簧秤的示数
A． B． C． D．
6．如图所示，一辆小车静止在水平地面上，车内固定着一个倾角为的光滑斜面OA，光滑挡板OB可绕转轴O在竖直平面内转动。现将一重力为G的圆球放在斜面与挡板之间，挡板与水平面的夹角θ＝，下列说法正确的是（ ）
A．若保持挡板不动，则球对斜面的压力大小为
B．若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动，则球对斜面的压力逐渐增大
C．若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动，则球对挡板的压力逐渐减小
D．若保持挡板不动，使小车水平向右做匀加速直线运动，则球对挡板的压力可能为零
7．如图甲所示，一顺时针匀速转动的水平传送带AB，速度为。某时刻一质量为2kg的物块以恒定初速度冲上A点，以速度离开B点，物块与传送带之间的动摩擦因数为0.2。当传送带速度为不同值时，物块离开B点时的速度随变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（物块可视为质点，重力加速度）（ ）
A．传送带的长度为1.5m
B．物块冲上传送带的初速度
C．当时，物块在传送带上运动的过程中，受到的摩擦力方向可能向右
D．当时，物块在传送带上运动的过程中，电动机因传送物块多消耗的能量为3.5J
8．如图所示为一质点做直线运动的速度时间图像，下列说法中正确的是( )
试卷第2页，共2页
A．整个运动过程中，CE段的加速度最大
B．整个运动过程中，BC段的加速度最大
C．整个运动过程中，质点在D点所对应的位置离出发点最远
D．OA段所表示的运动通过的路程是25m
9．如图所示，用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F增大时
A．墙对铁块的弹力增大
B．墙对铁块的摩擦力增大
C．墙对铁块的摩擦力不变
D．墙与铁块间的摩擦力减小
10．如图甲所示，粗糙的水平地面上有一块长木板P，小滑块Q放置于长木板的最右端。现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动。滑块、长木板的速度图像如图乙所示，已知小滑块与长木板的质量相等，滑块Q始终没有从长木板P上滑下。重力加速度g取。则下列说法正确的是（ ）
A．时长木板P停下来
B．长木板P的长度至少是7.5 m
C．长木板P和水平地面之间的动摩擦因数是0.075
D．滑块Q在长木块P上滑行的路程是12 m
11．如图所示，一个边长满足3:4:5的斜面体沿半径方向固定在一水平转盘上，一木块静止在斜面上，斜面和木块之间的动摩擦系数μ=0.5。若木块能保持在离转盘中心的水平距离为40cm处相对转盘不动，g=10m/s2，则转盘转动角速度ω的可能值为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（ ）
A．1rad/s B．3rad/s C．4rad/s D．9rad/s
二、实验题（共20分）
12．某同学为探究加速度与力的关系，创新设计了如图甲所示的实验装置。一端带有定滑轮的长木板固定在水平桌面上，用轻绳绕过定滑轮及轻滑轮将小车与弹簧测力计相连。实验中改变悬挂的钩码个数进行多次测量，记录的示数F，并利用纸带计算出小车对应的加速度a。
（1）下列做法正确的是___________
A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行
B．探究加速度与力的关系时，作a-F图像应该用折线将所描的点依次连
C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源
（2）实验中钩码的质量___________远小于小车质量。（填“需要”或“不需要”）
（3）图乙是某次实验中得到的纸带的一部分，纸带上的点迹为打点计时器打下的连续点迹。已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，由纸带数据求出小车的加速度a=___________m/s2.（结果保留2位有效数字）
（4）请你猜测一下根据实验数据绘出小车的加速度a与弹簧测力计示数F的关系图像，图丙中最符合本实验实际情况的是___________。
13．某实验小组通过实验研究一个标有“3V 0.8W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加，且尽量减小实验误差。已选用的器材除导线、开关外，还有：
A．电池组（电动势为4.5V，内阻约1）
B．电流表（量程为0~0.6A，内阻约为1）
C．电压表（量程为0~3V，内阻约为3k）
D．滑动变阻器（最大阻值20，额定电流1A）
(1)实验电路应选用图甲中的______（填字母代号）。
(2)按照(1)中选择的电路进行连线，如图乙所示，其中应该去掉的导线是______（选填相应的字母）。
(3)闭合开关前滑动变阻器的滑片应该置于最端______（选填“左”或“右”）。
(4)以电压表的读数U为横轴，以电流表的读数I为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，如图丙所示，由图可知：随着电压的增大，小灯泡的电阻______（选填“增大”或“减小”），其发生变化的原因是______。
(5)如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V、内阻为5的电源两端，电路接通后小灯泡两端的电压是________V。
三、计算题（共36分）
14．如图所示，质量的一只长方形铁箱在水平拉力作用下沿水平面向右加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数。这时铁箱内一个质量的木块（可视为质点）恰好能相对静止在后壁上。木块与铁箱侧壁、底部间的动摩擦因数都为。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度。求：
（1）木块对铁箱后壁的压力大小；
（2）水平拉力的大小；
（3）减小拉力，经过一段时间，木块沿铁箱左侧壁落到底部且没有反弹，当铁箱的速度为时撤去拉力，最终木块恰好到达铁箱的右侧壁，求铁箱的长度。
15．如图所示，光滑固定斜面AB的倾角，BC为水平面，BC长度l=1.1m，CD为光滑的圆弧，半径R=0.6m。一个质量m=2kg的物体，从斜面上A点由静止开始下滑，物体与水平面BC间的动摩擦因数，轨道在B、C两点平滑连接。当物体到达D点时，继续竖直向上运动，最高点距离D点的高度h=0.2m。不计空气阻力，sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2。求：
（1）物体运动到C点时的速度大小；
（2）A点距离水平面的高度H；
（3）物体最终停止的位置到C点的距离s。
16．如图所示，水平轨道右端有一个弹性挡板A，长为9m的木板B质量为m，静止在光滑水平面上，木板右端距弹性挡板，质量为M的滑块C从木板左端以8m/s的初速度冲上木板，滑块与木板间的动摩擦因数为，，木板撞到弹性挡板后立即原速率返回，重力加速度，求：
（1）木板第1次撞击挡板的速度大小；
（2）从滑块滑上木板到木板第2次撞击挡板的时间；
（3）木板第n次撞击挡板的速度大小；
（4）至第n次撞击挡板木板运动的总路程。
1．C
以航母为参考系，舰载机着舰时相对航母的速度为
根据位移与速度之间的关系可知
可得着舰区的安全长度至少为
故选C。
2．D
AB．根据匀变速直线运动的位移时间公式，得，因为AB、AC、AD、AE的位移之比为，则有，可知物体通过AB、BC、CD、DE段所需的时间之比为，故B错误；
因为通过连续相等位移所用的时间不等，根据知，通过每一部分的速度增量不等，故A错误；
C．根据匀变速直线运动的速度位移公式，得，因为AB、AC、AD、AE的位移之比为，则有，故C错误；
D．若该物体从A点运动到B点共用时4秒，则物体在第三秒初的速度即为AB段的中间时刻点速度，由可知，物体在第三秒初的速度等于物体在B点速度的一半，故D正确。
故选D。
3．C
A．对P炸弹，重力做功mgh；对Q炸弹，竖直方向位移为零，故重力不做功；A错误；
B．P炸弹做平抛运动，由平抛运动相关知识
联立解得
Q炸弹做斜抛运动，设抛射角为α，由斜抛运动相关知识
联立解得
炸弹投出时，设人对炸弹的功为W，由动能定理
综上，只有当α等于60°时，两枚炸弹初速度相同，人对炸弹做的功相同，B错误；
C．由瞬时功率表达式
Q炸弹从和P点等高的最高点落到M点的过程为平抛运动，所以有
所以
C正确；
D．将P炸弹在M点时的速度分解为水平方向和竖直方向速度，故此时的动能
同理可得
因为
而由Q炸弹轨迹的最高点和P点等高可知
所以有
故两枚炸弹落地前瞬间的动能可能不相等，D错误。
故选C。
4．C
A．小球要通过最高点B满足最小速度时，重力提供向心力，则有
根据动能定理得
解得
故当时，小球将能到达B点，A错误；
B．小球从A点到D点的过程中重力做正功，故B错误；
C．若小球能过B点，全过程中机械能守恒，过重力势能越大则动能越小，则小球从A点运动至D点平均速率大于从C点运动至B点的平均速率，故小球从A点运动至D点的时间小于从C点运动至B点的时间，C正确；
D．若轨道存在摩擦，则小球在运动过程中摩擦力做负功机械能越来越小，对称的同高度位置重力势能相同，右侧的动能小于左侧的动能，故左侧运动时轨道为提供较大的向心力，支持力较大，故左侧的运动时关于最低点对称位置的摩擦力也较大，故从A点至D点与从D点至C点过程中克服摩擦力做的功，A点至D点较多，D错误。
故选C。
5．C
以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度，再对B研究，求出弹簧秤对B的拉力大小，得到弹簧秤的示数．
根据牛顿第二定律得：对整体，对B：F弹–μMg=Ma，解得：；故选C.
6．D
A．球处于静止状态，受力平衡，对球进行受力分析，如图所示，F、F以及G构成的三角形为等边三角形，根据几何关系可知
故A错误；
BC．若挡板从图示位置顺时针方向缓慢转动，根据图象可知，F先减小后增大，根据牛顿第三定律可知，球对挡板的压力先减小后增大，故BC错误；
D．若保持挡板不动，使小车水平向右做匀加速直线运动，当F和重力G的合力正好提供加速度时，球对挡板的压力为零，故D正确。
故选D。
7．D
AB．物块加速度为
由图乙可知，当
物块做匀减速运动，则
解得
当
由运动学公式可知
解得
分析可知当传送带速度大于以后，物块的速度一直都是，则可得出物块一直与传送带发生相对滑动直到掉落，则
解得
故AB错误；
C．当时，物块在传送带上运动的过程中，物块相对于传送带向右运动，则受到的摩擦力方向向左，故C错误；
D．当时，物块在传送带上运动的过程中，电动机因传送物块多消耗的能量为
故D正确。
故选D。
8．AC
AB．图像的斜率表示加速度的大小，整个过程中，CE段图像斜率的绝对值最大，故其加速度数值最大，A正确B错误；
C．从开始到D点图像与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，C正确；
D．OA段与时间轴围成的三角形面积为
D错误。
故选AC。
9．AC
A．用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，铁块受重力、静摩擦力、水平推力F和墙对铁块的弹力，四个力是两对平衡力；当F增大时，墙对铁块的弹力增大，A正确；
BCD．墙对铁块的摩擦力与重力平衡，所以摩擦力不变，C正确，BD错误。
故选AC。
10．BCD
A．6 s末到长木板停下来过程中，由牛顿第二定律得
解得
这段时间
所以，时长木板P停下来，故A错误；
B．长木板P的长度至少是前6 s内滑块Q在长木板P上滑行的距离
故B正确；
C．由图乙可知，力F在时撤去，此时长木板P的速度，时两者速度相同，，前长木板P的速度大于滑块Q的速度，后长木板P的速度小于滑块Q的速度，0~6 s过程中，以滑块Q为研究对象，由牛顿第二定律得
解得
5~6 s过程中，以长木板P为研究对象，由牛顿第二定律得
解得
故C正确；
D．从6 s末到滑块停下来过程中，由牛顿第二定律得
解得
这段时间
所以，时滑块Q停下来，6 s后滑块Q在长木板P上滑行的距离
滑块Q在长木板P上滑行的路程是
故D正确。
故选BCD。
11．BC
根据题意可知，斜面体的倾角满足
即重力沿斜面的分力大于滑动摩擦力，所以角速度为零时，木块不能静止在斜面上；当转动的角速度较小时，木块所受的摩擦力沿斜面向上，当木块恰要向下滑动时
又因为滑动摩擦力满足
联立解得
当转动角速度变大，木块恰要向上滑动时
又因为滑动摩擦力满足
联立解得
综上所述，圆盘转动的角速度满足
故AD错误，BC正确。
故选BC。
12． A 不需要 0.75 B
（1）[1]A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，以保证绳的拉力等于小车受到的合外力，故A正确；
B．探究加速度与力的关系时，作a-F图像应该用直线将所描的点尽量连接，偏离较大的点舍去，故B错误；
C．实验时，为充分利用纸带，应先接通打点计时器的电源再放开木块，故C错误。
故选A。
（2）[2] 弹簧测力计可以测出小车受到的合外力，不需要用钩码的重力代替小车受到的合外力，故钩码的质量不需要远小于小车质量；
（3）[3] 打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则打点周期
根据，结合乙图数据可得
解得
（4）[4] 弹簧测力计可以测出小车受到的合外力，则合外力的测量是准确的，图像不会出现弯曲的情况，本实验操作，没有平衡摩擦力，则有一定拉力后，小车才有加速度。
故选B。
13． D c 左 增大 随着电压升高，灯丝电阻的温度升高，电阻增大 0.72（0.68～0.76均可）
(1)[1]由图可知，本实验应从零开始测量，故滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡内阻较小，因此应采用电流表外接法，故选择D电路；
(2)[2]由图可知，电压表左侧分别接了两条导线，由于本实验应采用电流表外接法，故应将导线c去掉；
(3)[3]由图可知，测量部分与滑动变阻器左侧并联，为了让电压从零开始调节，滑片开始时应置于最左端；
(4)[4]I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，则可知，随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率增大；
(5)[4]在灯泡伏安特性曲线里作出电源的伏安特性曲线，如图所示，由图可知，小灯泡两端的电压约为0.72V；
14．（1）50N；（2）220N；（3）1.5m
（1）对木块受力分析有
则
根据牛顿第三定律可知木块对铁箱侧壁压力的大小为
（2）对木块，根据牛顿第二定律有
解得
对铁箱和木块整体受力分析，根据牛顿第二定律有
解得
（3）因为所以木块与铁箱不能一起减速，对木块
对铁箱
设铁箱经过时间t停止运动
铁箱发生的位移
设铁箱停止时木块发生的位移为x1，速度为v1
铁箱停止后，木块继续运动的位移为x2
铁箱的长度
15．（1）4m/s；（2）1.02m；（3）0.4m
（1）物体由C点运动到最高点，根据动能定理得
代入数据解得
（2）物体由A点运动到C点，根据动能定理得
代入数据解得
H=1.02m
（3）从物体开始下滑到最终停止，根据动能定理得
代入数据，解得
由于
所以物体最终停止的位置到C点的距离为0.4m位置。
16．（1） 4m/s；（2）；（3） ；（4） ，，
（1）滑块C的加速度为、木板加速度为
设经时间木板撞击挡板，由题意有
解得
故撞击弹性挡板的最大速度为4m/s。
（2）木板反弹后向左做减速运动，经时间速度减为0，之后滑块经时间，速度与滑块速度相等大小为，由动量守恒
此时木板前进的距离为
解得
故还需匀速运动
解得
（3）第2次碰后各自速度大小为，第3次碰撞时的速度为，根据动量守恒定律得
同理第n次碰撞时的速度为，根据动量守恒定律得
（4）第1次碰撞B运动的距离
第2次碰撞B运动距离
第3次碰撞B运动距离
解得
x=1m（n=1）
x=3m（n=2）
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