卷子答案网-一个不只有答案的网站上海市闵行区第三中学2019届九年级下学期中考一模物理试题
一、单选题
1．（2018·定远模拟）下列说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验测出了大气压的数值
B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理
C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理
D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；连通器原理；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A.最早测出大气压的实验是托里拆利实验，A不符合题意；
B.压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，B不符合题意；
C.洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，C符合题意；
D.拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】最早测出大气压的实验是托里拆利实验，液体沸点随气压的升高而升高，U形“反水弯”是利用了连通器原理，拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加.
2．（2019·闵行模拟）电流的单位是以下列哪位科学家的名字命名的（ ）
A．欧姆 B．瓦特 C．安培 D．焦耳
【答案】C
【知识点】物理常识
【解析】【解答】在物理学中，
A．欧姆是电阻的基本单位。A不符合题意；
B．瓦特是功率的基本单位。B不符合题意；
C．安培是电流的基本单位。C符合题意；
D．焦耳是功和各种能量的基本单位。D不符合题意。
故答案为：C
【分析】牢记常见物理量的单位，解答即可.
3．（2019·黄浦模拟）“嫦娥四号”探测器支架底部安装有面积较大的底盘，是为了（ ）
A．减小压力 B．增大压力 C．减小压强 D．增大压强
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】由p= 可知，探测器支架底部安装有面积较大的底盘，压力是一定的，此时受力面积越大，压强越小，因此，探测器支架底部安装有面积较大的底盘是通过增大受力面积来减小压强的。
故答案为：C.
【分析】增大压强方法 :(1)S不变，F↑;(2)F不变，S↓ (3) 同时把F↑，S↓.而减小压强方法则相反.
4．（2019·闵行模拟）电压表只用来测量灯泡L2的电压，下列正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A、由图知，电压表与灯L1串联后再与灯L2并联，A不符合题意；
B、两灯泡串联，电压表测灯L1的电压；B不符合题意；
C、两灯泡串联，电压表只与L2并联，且电压表的正负接线柱连接正确，则电压表只测量灯泡L2的电压，C符合题意；
D、两灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电压表也测量L1的电压，D不符合题意；
故答案为：C
【分析】电压表只用来测量灯泡L2的电压，电压表应只与L2并联，且电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，据此分析解答.
5．（2019·闵行模拟）为了探究“电功率与电阻的关系时”，选用额定电压均为6V的L1、L2两盏灯泡，将两灯串联起来，按照如图的电路开始了实验探究，闭合开关后看见灯L1微微发光，灯L2几乎不发光，下面关于两灯的电阻R1和R2、两灯的额定功率P1和P2的大小关系成立的是（不考虑电阻值随温度的变化）（ ）
A．R1＞R2 P1＞P2 B．R1＜R2 P1＜P2
C．R1＞R2 P1＜P2 D．R1＜R2 P1＞P2
【答案】C
【知识点】电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，因为灯L1微微发光，灯L2几乎不发光，所以L1的实际功率比L2的实际功率大．由于两灯是串联，我们根据P=I2R可知，在电流相同的情况下，用电器的电功率与阻值成正比，所以R1＞R2．因为两灯的额定电压相同，根据 可知，电功率与电阻成反比．由于R1＞R2，所以P1＜P2．
故答案为：C．
【分析】由两个灯泡的亮度情况得出电功率关系，然后根据P=I2R得出电阻关系，最后根据得出额定功率关系.
6．（2019·闵行模拟）甲、乙、丙三条相同材料制成的金属线的相关数据如下表所示，根据表中提供的数据，则下列判断正确的是（ ）
金属线 长度/cm 横截面积/mm2
甲 10 10
乙 20 1
丙 30 0.1
A．金属丝甲电阻阻值最大
B．金属丝乙电阻阻值最大
C．金属丝丙电阻阻值最大
D．金属丝甲、乙、丙电阻阻值一样大
【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】由表中数据知，甲导体的长度最小，甲导体的横截面积最大，故导体甲电阻值最小，丙导体的长度最大，丙导体的横截面积最小，故导体丙电阻值最大，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】决定电阻大小的因素：导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度、横截面积和温度.
7．（2019·闵行模拟）下图的各现象中，可作为“物质质量与体积有关”事实依据的有（ ）
A．（1）与（2） B．（2）与（3）
C．（2）与（4） D．（1）与（4）
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】要探究物质质量与体积的关系，需使物质的密度相同即同种物质．（2）和（3）属不同物质，所以不符合题意；（1）中都是铁这种物质，由于体积不同，而质量不同，（4）属同种物质，因体积相同，所以质量相同，所以（1）和（4）都反应了物质质量与体积的关系，符合题意．
故答案为：D．
【分析】要探究物质质量与体积的关系，需使物质的密度相同即同种物质，据此分析解答.
8．（2019·闵行模拟）如图所示是装满豆浆的密闭杯子，以下列两种不同的方式放在水平桌面上，若杯子上表面面积是下表面面积的2倍，则（ ）
A．甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍
B．甲杯底受到的压强是乙杯底受到压强的2倍
C．甲对桌面产生的压力比乙对桌面产生的压力大
D．甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力大
【答案】A
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，甲对桌面产生的压力等于乙对桌面产生的压力，C不符合题意；
因杯子上表面面积是下表面面积的2倍，
所以，由p= 可知，两者对桌面压强之比：
即甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍，A符合题意、B不符合题意；（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，
由p=ρgh可知，甲乙豆浆对杯底的压强相等，
由F=pS可知，甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力小，D不符合题意．
故答案为：A．
【分析】根据p= 求出两者对桌面压强的关系；再根据p=pgh和F=pS可知两杯底受到的压力关系.
9．（2019·闵行模拟）如图所示，形状不同，底面积和重力相等的A、B、C三个容器放在水平桌面上，容器内分别装有质量相等的不同液体。下列分析正确的是（ ）
A．液体密度关系为：ρA＜ρB＜ρC
B．液体对A容器底部的压强最小，对C容器底部的压强最大
C．C容器对桌面的压强最大，A容器对桌面的压强最小
D．三个容器对桌面的压强相等
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据ρ= 可知，质量相等的不同物质，体积越大，密度越小，由图可知，VA＜VB＜VC，故ρA＞ρB＞ρC．A不符合题意；
A、B、C三个容器中，A中液体对容器底部的压力大于自身的重力；B中液体对容器底部的压力等于自身的重力；C中液体对容器底部的压力小于自身的重力；
根据公式p= 可知，三个容器底面积相同，液体对A容器底部的压强最大，对B容器底部的压强次之，对C容器底部的压强最小；B不符合题意；
三个容器的重力相等，液体的质量相等，则重力相等，容器放在水平桌面上对水平桌面的压力相同，又底面积相等，根据公式p= 可知，三个容器对桌面的压强相等．C不符合题意，D符合题意．
故答案为：D．
【分析】结合图像，根据密度公式ρ= 可知密度大小关系；A容器上窄下宽，液体对容器底部的压力大于自身的重力；B容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；C容器上宽下窄，液体对容器底部的压力小于自身的重力；底面积相等，根据公式p= 可求液体对容器底部的压强；根据公式p=p= 可求容器对桌面的压强.
二、填空题
10．（2019·闵行模拟）我国家庭照明电路电压为 伏；家中各用电器之间是 连接（选填“串联”或“并联”）；同时使用的电器越多，电路中总电阻越
【答案】220；并联；小
【知识点】电压和电压的单位换算；电阻的并联；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）我国家庭电路电压为220V；（2）家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；（3）家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小。
故答案为：220；并联；小.
【分析】家庭照明电压为220伏；所有家用电器和插座都是并联的；而开关则要与它所控制的用电器串联.家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于导体横截面积越大.
11．（2019·闵行模拟）历史上第一次准确测量出大气压强值的实验是托里拆利实验，如图所示。若在海拔为2033m的金佛山最高峰做这个实验，会让测得的水银高度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）76cm汞柱。同时，大气压强的降低也使得液体的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；所以在高原地区大气压强 （选填“高”或“低”），要使用 煮饭。
【答案】小于；降低；低；高压锅
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】(1)海拔越高的地方，空气越稀薄，因此在海拔为2033m的金佛山最高峰做这个实验，大气的压强一定小于海平面上的大气压，故测得的水银高度小于76cm汞柱。(2)大气压随高度的增加而减小，因此大气压的降低，会使液体的沸点降低，所以在高原地区的大气压强低，需使用高压锅煮饭。
故答案为：小于；降低；低；高压锅.
【分析】测定大气压强值的实验是：托里拆利实验.在托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，在玻璃管顶端真空的情况下，管内外水银柱的高度差与管的倾斜度、位置的深浅、水银槽内水银的多少以及管的粗细均无关.
沸点与气压关系：一切液体的沸点，都是气压减小时降低，气压增大时升高.
12．（2019·闵行模拟）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示，则电源电压为 V，滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最大值为 W，滑片在a点时，10s内电阻R消耗的电能为 J。
【答案】15；45；90
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）由图甲知，三个电阻串联，V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电流表测电路中电流；P从b点滑到a点的过程中，R1连入阻值变小，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据I＝ 知，电路中电流变大，由U＝IR可知电压表V2的示数变大，根据串联电路的电压特点可知：电压表V1的示数变小；所以，dc段表示电压表V1示数随电流表示数的变化，ec段表示电压表V2示数随电流表示数的变化；滑片P在b点时，变阻器接入阻值最大，此时电流最小，由图乙可知，此时电流Ib＝1A，U1＝12V、U2＝2V；滑片P在a点时，变阻器接入阻值最小，此时电流最大，由图乙可知，此时电流Ia＝3A，U1′＝6V、U2′＝6V；根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得，P在b点和a点时的电源电压分别为：U＝IbR+U1+U2＝1A×R 12V 2V-------①；U＝IaR U1′ U2′＝3A×R 6V 6V--------②，解①②得：R＝1Ω，U＝15V；（2）电路消粍的总功率最大值：P大＝UIa＝15V×3A＝45W．滑片在a点时电流Ia＝3A，则10s内电阻R消耗的电能：W＝ Rt＝（3A）2×1Ω×10s＝90J.
故答案为：15；45；90.
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由串联电路特点、欧姆定律分析判断U-I图象中两段表示的含义；读出P在a和b两点时，两电压表的示数和电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律列式求出R的阻值和电源电压U；滑片在a点时电路中的电流最大为Ia=3A，利用P=UI求出总功率最大值；利用W=12Rt即可求出消耗的电能.
13．（2019·闵行模拟）竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为7牛、10牛，该金属块受到的浮力为 牛。已知酒精的密度小于水的密度，现将该金属块浸没在酒精中，则跟其浸没在水中相比，该金属块受到的浮力 ，其受到重力和浮力的合力 （后两格均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】3；变小；变大
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】物体在液体中所受浮力等于液体对物体上下表面的压力差，分析物体受力情况，根据平衡力知识可求出绳子的拉力F浮＝F下-F上＝10N-7N＝3N；酒精的密度比水的密度小，浸没时排开水的体积和排开酒精的体积相等，由F浮＝ρV排g可知，金属块受浮力变小，因为F示＝G F浮，金属块重力不变，所以受到重力和浮力的合力将变大。
故答案为：3；变小；变大.
【分析】根据F浮＝F下-F上求出物体受到的浮力；将该金属块浸没在水、酒精中，利用阿基米德原理F浮＝ρV排g分析金属块受到的浮力变化情况：进而利用F示＝G F浮得出合力变化情况.
14．（2019·闵行模拟）纯水的密度为 kg/cm3．已知人体的密度与水相近，若将人体近似看作为一个圆柱体，由此可估算出身高为1.7m的人直立时对水平地面的压强约为 Pa．（g取10N/kg）
【答案】1.0×103；1.7×104
【知识点】密度及其特性；液体压强的计算
【解析】【解答】水的密度是1×103kg/m3．ρ人＝ρ水＝1.0×103kg/m3，h＝1.7m，
人直立时对地面的压强约为
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.7m＝1.7×104Pa；
故答案为： 1.0×103 ； 1.7×104 .
【分析】牢记：水的密度为1×103kg/m3．
再利用p＝ρgh求得人直立时对地面的压强.
15．（2019·闵行模拟）如右图所示，三个质量相等、形状不同、底面积相同的容器，它们都装有高度相同的同种液体，比较它们对容器底部的压强大小关系是 ，它们对容器底的压力大小关系是 ，它们对桌的压力大小关系是 ，它们对桌面压强的大小关系是 。（四空分别用p、F、F′、p′加下标表示。）
【答案】p1＝p2＝p3；F1＝F2＝F3；F1′＞F2′＞F3′；p1′＞p2′＞p3
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】三个容器内都装有高度相同的同种液体，由液体压强公式p＝ρgh得：
三容器底部所受液体的压强关系是p1＝p2＝p3；
∵三个容器底面积相同，由F＝pS得：三容器底部所受液体的压力关系是F1＝F2＝F3；
三个容器底面积相同，形状不同，装有相同高度的液体。则体积关系为：V1＞V2＞V3；
∵都装有高度相同的同种液体，∴根据m＝ρV可知，m1＞m2＞m3，
∵F′＝G容+G液＝（m容+m液）g，且三个容器质量相等，
∴三个容器对桌面的压力F1′＞F2′＞F3′，
∵三个容器底面积相同，
∴由p＝ 得：三个容器对桌面的压强关系是p1′＞p2′＞p3′。
故答案为：p1＝p2＝p3；F1＝F2＝F3；F1′＞F2′＞F3′；p1′＞p2′＞p3
【分析】结合图像，利用p=pgh比较三容器底部所受液体的压强的关系，利用F=pS比较三容器底部所受液体的压力关系；根据密度公式ρ=得出液体的质量关系，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等得出压力关系，结合压强公式p= 比较出三个容器对桌面的压强大小.
16．（2019·闵行模拟）如图所示，开关闭合后，灯泡L1、L2是 的（选填“并联”或“串联”），电压表测量的是 两端的电压（选填“L1”或“L2”或“电源”）．若开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针不动，而电压表指针有明显偏转，该电路故障可能是 （选填“L1断路”或“L1短路”或“L2断路”或“L2短路”），排除故障后，读出电流表示数为0.4A，则经过L2的电流为 A。
【答案】串联；L1；L1断路；0.4
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】由电路图知道，开关闭合后，两灯泡串联，电压表测L1 两端的电压，电流表测电路中的电流。若开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针几乎不动，说明电路断路，电压表指针有明显偏转说明电压表两接线柱与电源之间是通路，即L2 是完好的，所以与电压表并联的部分断路，即是灯泡L1断路；排除故障后，读出电流表示数为0.4A，根据串联电路的电流处处相等知道，所以，L2 的电流为0.4A。
故答案为：串联； L1 ； L1 断路；0.4
【分析】用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，如果电压表无示数，可能是并联的用电器短路或其它部分断路；如果电压表有示数且较大（接近电源电压），可能是并联的用电器断路或其它部分短路.
17．（2019·闵行模拟）为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关，某小组同学将底面积不同的物体置于同一海绵上进行实验。他们改变物体对海绵的压力，并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行了三组实验，记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较，他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同，而各组却不同，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小。
表一
实验序号 压力变化（牛） 受力面积（厘米2）
1 5 3
2 10 6
3 15 9
表二
实验 序号 压力 变化（牛） 受力面积 （厘米2）
4 5 5
5 10 10
6 15 15
表三
实验 序号 压力 变化（牛） 受力面积 （厘米2）
7 5 6
8 10 12
9 15 18
①分析比较实验序号 的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大。
②分析比较实验序号2与7的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当受力面积相同时， 。
③进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象，并归纳得出结论：
（a）分析比较 中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论： 。
（b）分析比较 中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论： 。
【答案】1、4、7或2、5、8或3、6、9；压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小；表一、表二或表三；当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等；表一、表二和表三；当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】①研究当压力变化量相同时，压强变化量与受力面积的关系，根据控制变量法，控制压力变化相同，只改变受力面积大小，故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大；②分析比较实验序号2与7的数据知，压力变化量实验序号7中较小，而受力面积相同，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小；③（a）分析比较中的表一或表二或表三数据，压力变化量与受力面积之比： ＝ ＝ ，即压力变化量与受力面积之比相等，由已知条件：每一组海绵下陷深度的变化量相同，故可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等；（b）分析比较 表一、表二和表中的数据及观察到的现象，压力变化量与受力面积之比分别为：
、 、 ，即压力变化量与受力面积之比越来越小，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小。
【分析】探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法（压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变）及转换法（通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果）的应用，体现了对过程和方法的考查.
18．（2019·闵行模拟）把图所示实验中观察到的弹簧秤和量筒的示数记录在表格中，并计算出相应的物理量。
物重（N） 物体在水中弹簧秤的示数（N） 物体受到的浮力（N） 物体排开水的体积（m3） 物体排开的水重（N）
从实验得到结论是： 。
【答案】1.96；0.98；0.98；10－4；0.98；浸在液体里的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体的重力
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】由图可知，物体的重为：1.96N；
物体浸没在水中时，测力计的示数为：0.98N；
根据称重法测量浮力的原理知，物体受到的浮力为：
；
量筒中水的体积为100mL，物体浸没在水中时，总体积为200mL，物体排开水的体积为：
；
物体排开水的重力为：
；
可见： ，即从实验中得出的结论是：浸在液体里的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体的重力。
【分析】验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对基础知识的掌握程度.先利用称重法测出物体浸在液体中受到的浮力，再测出物体排开液体的重力，再根据阿基米德原理的内容（阿基米德原理：浸入液体里的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开的液体受到的重力）进行解答.
三、作图题
19．（2019·闵行模拟）如图所示，水平地面上的足球处于静止状态，画出他受力的示意图。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】过球心沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用符号G和F表示，如下图所示：
【分析】结合物体的运动状态进行受力分析，利用力的示意图的画法画出各力即可.
20．（2019·闵行模拟）如图所示，试在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使开关S闭合时两灯组成并联电路。
【答案】解：如图所示：
【知识点】电流表的连接；电压表的连接
【解析】【解答】要使电阻R1、R2并联，由图可知电流必须从开关S流入R1、R2，不能从电表甲流过，所以电表甲应是电压表；如果电表乙是电压表，则电阻R2无法形成回路，所以电表乙是电流表，与R2串联；如图所示：
。
【分析】在圆圈中填入电表的原则是：不能使电路发生短路，也不能使电路发生断路.且要注意：电流表的电阻很小，在电路中相当于一根导线；电压表的电阻很大，它所在的电路可以看作是断路.
21．（2019·徐汇模拟）如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小。
【答案】解：如图所示：
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】如图灯与电流表已组成完整电路，要使闭合电键S时，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小，滑动变阻器应与灯并联，且向右移动滑片时，电阻变大，所以连接滑动变阻器的左下接线柱到电流表的“-”接线柱，如图：
【分析】结合滑动变阻器的使用方法及欧姆定律分析连线即可.
四、计算题
22．（2019·徐汇模拟）一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮。
【答案】解：物体受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3=19.6N。
答：物体受到的浮力为19.6N
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】利用
F浮=ρ水gV排 求得
物体受到的浮力 .
23．（2019·闵行模拟）甲醛对人体的危害非常大因此装修房屋时检测甲醛污染指数很重要。如图甲是一款甲醛检测仪的工作原理图电源电压恒为3V，R是阻值为10Ω的定值电阻，R0为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，其阻值随甲醛污染指数的变化图象如图乙所示。当污染指数在50以下为轻度污染，50﹣100之间为中度污染，100以上为重度污染。问：
（1）污染指数为50时，电阻R的阻值是多少？
（2）电压表示数为1V时，甲醛污染指数是否属于重度污染？
【答案】（1）解：由图象可知，污染指数为50时，可变电阻连入电路中的阻值为50Ω
（2）解：电压表示数为1V时，则电路中的电流为I＝ ＝ ＝0.1A，由串联电路电压的规律可知，可变电阻两端电压UR＝3V﹣1V＝2V，根据欧姆定律可得，此时可变电阻的阻值：R＝ ＝ ＝20Ω，由图乙可知，此时污染指数为150，属于重度污染
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）由乙图读出可变电阻连入电路中的阻值.
（2）电压表示数为1V时，根据欧姆定律I=求出电路中电流，根据串联电路的分压特点求出可变电阻两端电压，再根据欧姆定律I=求出可变电阻连入电路中的阻值，根据乙图得出污染程度.
24．（2019·闵行模拟）某品牌家用电熨斗的电路如图甲所示，额定电压为220V、最大功率为440W，发热部分由调温电阻R和定值电阻R0组成，调温电阻R是可变电阻，其最大阻值为110Ω．电阻值均不受温度影响。求：
（1）定值电阻R0的阻值是多大？
（2）该电熨斗工作时的最小功率多大？
（3）假设电熨斗每秒钟散发的热量Q跟电熨斗温度t的关系如图乙所示，若某次电熨斗工作时温度为180℃，此时调温电阻接入电路的阻值为多大？
【答案】（1）解：由电路图可知，调温电阻R和定值电阻R0串联；
当R接入的阻值为0时，电路为定值电阻R0的简单电路，此时电熨斗中电流最大，电熨斗的功率最大，
根据P＝ 可得定值电阻的阻值：
R0＝ ＝ ＝110Ω；
（2）解：由于调温电阻R和定值电阻R0串联；则当R最大时，总电阻最大，根据P＝ 可知此时电熨斗工作的功率最小，
则根据串联电路的电阻特点和P＝ 可得：
P最小＝ ＝ ＝220W
（3）解：根据图象可知，温度为180℃对应的电热Q＝400J，
根据Q＝ t可得总电阻：R串＝ ＝ ×1s＝121Ω，
因串联电路的总电阻等于各电阻之和，所以此时可变电阻R连入电路的阻值：
R′＝R串﹣R0＝121Ω﹣110Ω＝11Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）结合电路的连接情况，根据P= 即可求出定值电阻；
（2）根据电功率的计算公式 可知，当R最大时，电熨斗电功率最小；
（3）根据乙图象读出180 ℃ 对应的电热，根据 Q＝ t 和串联电路的特点即可求出可变电阻的大小.
25．（2019·闵行模拟）如图所示，置于水平桌面上的A、B是两个完全相同的薄壁柱形容器，质量为0.5千克，底面积为0.01米2，分别装有体积为2.5×10﹣3米3的水和深度为0.3米的酒精，（ρ酒精＝0.8×103千克/米3）。求：
①水的质量m水。
②A容器对水平桌面的压强pA。
③若在两个容器中抽出相同深度的液体△h后，两容器中液体对底部的压强相等，请计算出△h的大小。
【答案】解：①由ρ 得，水的质量：m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3 2.5 10﹣3m3＝2.5kg，②A容器对水平桌面的压力：FA＝GA总＝（m水 m容）g＝（2.5kg 0.5kg） 10N/kg＝30N，A容器对桌面的压强：pA 3000Pa；③由V＝Sh可得，A薄壁柱形容器中水的深度h水 0.25m，抽出相同深度的液体△h后，当p水′＝p酒精′时，由p＝ρgh可得：ρ水g（h水﹣△h）＝ρ酒精g（h酒精﹣△h），即：1.0 103kg/m3 g （0.25m﹣△h）＝0.8 103kg/m3 g （0.3m﹣△h），整理解得：△h＝0.05m。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1） 由ρ 得水的质量 .
（2）利用公式p= 计算对桌面的压强；
（3）抽出相同深度的液体 △h 后，两容器中液体对底部的压强相等， 由p＝ρgh 列出等式即可求得△h的大小.
五、实验题
26．（2019·闵行模拟）物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额
定电压为 2.5V）、电流表(0～0.6 A 0～3 A)、电压表(0～3 V 0～15 V)、开关、两节干
电池、滑动变阻器、导线若干。下图为该小组连接的实物图。
（1）请指出实物图连接的两处错误。
① ②
（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如下图所示，电流表示数为 A，则小灯泡电阻为
Ω（计算结果 保留一位小数）
（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，数据处理表格如下所示，其中有一处是不恰当的,这一处是 ，原因是 。
实验次数 电压/V 电流/I 电阻/Ω 平均电阻/Ω
1 1.0 0.17 5.9 7.7
2 1.4 0.18 7.8
3 1.8 0.22 8.2
4 2.0 0.23 8.7
（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 V，若此时电流表示数为 0.25A，则小灯泡的额定功率为 W。
【答案】（1）电流表正负接线柱接错；滑动变阻器接线柱接错误
（2）0.24；9.6
（3）计算小灯泡电阻的平均值；小灯泡电阻受温度影响会发生变化，不能用求平均值的方法确定电阻值
（4）2.5；0.625
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；电功率的测量
【解析】【解答】1）电压表、电流表使电流从正接线柱流入，负接线柱流出；滑动变阻器采用一上一下连接法，故错误是：电流表正负接线柱接错，滑动变阻器接线柱接错误。（2）由图知：电流表示数I=0.24A，电压表的示数U=2.3V，则小灯泡电阻为R=U/I=2.3V/0.24A=9.6Ω。（3）小灯泡电阻受温度影响会发生变化，两端电压改变时，其阻值也发生变化，故计算小灯泡电阻时，不能用求平均值的方法确定电阻值。（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数等于额定电压，即为2.5V，若此时电流表示数为 0.25A，则小灯泡的额定功率为P==UI=2.5V×0.25A=0.625W。
【分析】（1）结合电路图及实验目的，从电表的量程、测量对象、连接方式及滑动变阻器的连接方式入手查找错误即可.
（2）结合电表的量程、分度值读出示数，利用R=求得小灯泡电阻.
（3）结合表格数据可知，电阻越来越大，是因为受到温度的影响，故不能求平均值.
（4）利用P=UI计算小灯泡的额定功率.
27．（2019·闵行模拟）小虎在“探究串联电路中电压规律”的实验中连接了如图所示的实物电路，正准备闭合开关进行测量，同组的小明发现他连接的电路存在问题。
（1）请你替小明告诉他存在的问题是：
① ；
② 。
（2）在该电路中只需改动一根连线，即可改为测量灯L2两端的电压，请你在需要改动的导线上用笔打“×”，并画出改动后的正确连线。
（ ）
（3）小虎将电压表改为测量灯L2两端的电压电路后，闭合开关后，两灯（两个小灯泡的规格相同）发光。此时，小虎不小心把L1的玻璃外壳打破了，结果发现L1熄灭，L2却更亮了。这是为什么呢？他们提出猜想：
猜想一：可能L1处发生开路；猜想二：可能L1处发生短路。
①根据 （选填“串联”或“并联”）电路的特点，可知猜想一是不正确的。
②为了探究猜想二是否正确，小明分别用电压表测量了两灯的电压，实验发现两次电压表的读数中一次有明显读数，另一次没有读数。说明猜想二是 （选填“正确”或“不正确”）的。你认为导致L1熄灭、L2更亮的原因可能是 。
A、通过L1中的电流变小
B、L1两端的电压变大
C、通过L2中的电流变小
D、L2两端的电压变大
【答案】（1）没有校零；电压表正负接线柱接反了
（2）
（3）串联；正确；D
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）①从图中可以看出，开关断开时指针不在零刻度线处，因此没有校零；②电流必须从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出，因此该电路存在的问题之一为电压表正负接线柱错误。（2）与电压表负接线柱相连的导线改接L2的右接线柱即可；如图所示
;（3）①根据串联电路的特点，如果某处有断路，则整个电路就会不通，而结果是结果L1熄灭，L2却更亮了，所以猜想一不正确，猜想二是正确的；
②导致L1熄灭，说明L1的电流为0；L2更亮，说明通过L2的电流变大；
A、通过L1中的电流变小，则L1会发光，与题意不符，A不符合题意；
B、L1两端的电压变大，则L1会发光，与题意不符，B不符合题意；
C、通过L2中的电流变小，则L2会变暗，与题意不符，C不符合题意；
D、L2两端的电压变大，通过L2的电流变大，L2会变亮，与题意相符，D符合题意。
【分析】（1）结合电路图及实验目的，从电压表的量程、测量对象、连接方式入手查找错误即可.
（3）根据串联电路的特点和电压表使用，大胆猜想，然后通过试验验证猜想，如果符合则猜想正确，如果不符合，则猜想错误.
28．（2019·闵行模拟）小刚在做“探究液体内部压强的规律”实验时找来一根长20cm的薄壁玻璃管、烧杯、刻度尺、质量已知的细沙、适量的水和盐水（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。他设计的实验步骤如下：
（1）（a）将玻璃管的一端扎上橡皮膜，竖直插入水中如图甲所示，发现橡皮膜向上凸起，此现象说明 。
（b）向玻璃管中分别装入不同质量的细沙，并竖直插入液体中，直至橡皮膜变平，如图乙所示。
（2）（c）用刻度尺测出每一次橡皮膜到液面的距离，记录数据如下表：
实验序号 1 2 3 4
待测液体 水 盐水
沙子质量（g） 30 60 90 30
橡皮膜在液体中受到的压强（Pa） 375 750 1125 375
橡皮膜到液面的距离（cm） 3.75 11.25 3.0
请你帮小刚将表格中数据填写完整。
（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系应选择第 组实验。
（4）分析1、2、3组实验数据可得出结论：液体密度不变时，其内部压强与深度成 。
（拓展）同组的小红想利用这些器材测量某液体的密度：①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1； ② ；则待测液体的密度为 。（用测量的物理量表示）
【答案】（1）明液体内部有向上的压强
（2）7.5
（3）1、4
（4）正比；再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2；
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）（a）发现橡皮膜向上凸起，此现象说明液体内部有向上的压强。（2）橡皮膜在液体中受到的压强为：p＝750Pa，根据p＝ρgh，故橡皮膜到液面的距离：
h＝ ＝ ＝0.075m＝7.5cm；（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的密度相同，故应选择第1、4组实验；（4）分析1、2、3组实验数据知，可得出结论：橡皮膜在液体中受到的压强与橡皮膜到液面的距离之比为一定值，故得出的结论是：液体密度不变时，其内部压强与深度成正比。
【拓展】①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1；
②再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2
玻璃管底部在水中的深度：h水＝20cm﹣h1；
玻璃管底部受到水竖直处向上的压力：
F水＝p水S＝ρ水g（20cm﹣h1）﹣﹣﹣﹣﹣①；
玻璃管底部在待测液体中的深度：h液＝20cm﹣h2；
玻璃管底部受到液体竖直向上的压力：
F液＝p液S＝ρ液g（20cm﹣h2）﹣﹣﹣﹣﹣②，
根据二力平衡原理，玻璃管受到向上压力F＝G，故由①②得：
ρ水g（20cm﹣h1）＝ρ液g（20cm﹣h2），
待测液体的密度为：
ρ液＝ ×ρ水。
【分析】（1）发现橡皮膜向上凸起，此现象说明液体内部有向上的压强.
（2）根据p=pgh计算橡皮膜到液面的距离.
（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的密度相同；
（拓展）分别将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中和待测液体中，管子处于漂浮状态，根据二力平衡及压强、压力公式求解.
上海市闵行区第三中学2019届九年级下学期中考一模物理试题
一、单选题
1．（2018·定远模拟）下列说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验测出了大气压的数值
B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理
C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理
D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小
2．（2019·闵行模拟）电流的单位是以下列哪位科学家的名字命名的（ ）
A．欧姆 B．瓦特 C．安培 D．焦耳
3．（2019·黄浦模拟）“嫦娥四号”探测器支架底部安装有面积较大的底盘，是为了（ ）
A．减小压力 B．增大压力 C．减小压强 D．增大压强
4．（2019·闵行模拟）电压表只用来测量灯泡L2的电压，下列正确的是（ ）
A． B．
C． D．
5．（2019·闵行模拟）为了探究“电功率与电阻的关系时”，选用额定电压均为6V的L1、L2两盏灯泡，将两灯串联起来，按照如图的电路开始了实验探究，闭合开关后看见灯L1微微发光，灯L2几乎不发光，下面关于两灯的电阻R1和R2、两灯的额定功率P1和P2的大小关系成立的是（不考虑电阻值随温度的变化）（ ）
A．R1＞R2 P1＞P2 B．R1＜R2 P1＜P2
C．R1＞R2 P1＜P2 D．R1＜R2 P1＞P2
6．（2019·闵行模拟）甲、乙、丙三条相同材料制成的金属线的相关数据如下表所示，根据表中提供的数据，则下列判断正确的是（ ）
金属线 长度/cm 横截面积/mm2
甲 10 10
乙 20 1
丙 30 0.1
A．金属丝甲电阻阻值最大
B．金属丝乙电阻阻值最大
C．金属丝丙电阻阻值最大
D．金属丝甲、乙、丙电阻阻值一样大
7．（2019·闵行模拟）下图的各现象中，可作为“物质质量与体积有关”事实依据的有（ ）
A．（1）与（2） B．（2）与（3）
C．（2）与（4） D．（1）与（4）
8．（2019·闵行模拟）如图所示是装满豆浆的密闭杯子，以下列两种不同的方式放在水平桌面上，若杯子上表面面积是下表面面积的2倍，则（ ）
A．甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍
B．甲杯底受到的压强是乙杯底受到压强的2倍
C．甲对桌面产生的压力比乙对桌面产生的压力大
D．甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力大
9．（2019·闵行模拟）如图所示，形状不同，底面积和重力相等的A、B、C三个容器放在水平桌面上，容器内分别装有质量相等的不同液体。下列分析正确的是（ ）
A．液体密度关系为：ρA＜ρB＜ρC
B．液体对A容器底部的压强最小，对C容器底部的压强最大
C．C容器对桌面的压强最大，A容器对桌面的压强最小
D．三个容器对桌面的压强相等
二、填空题
10．（2019·闵行模拟）我国家庭照明电路电压为 伏；家中各用电器之间是 连接（选填“串联”或“并联”）；同时使用的电器越多，电路中总电阻越
11．（2019·闵行模拟）历史上第一次准确测量出大气压强值的实验是托里拆利实验，如图所示。若在海拔为2033m的金佛山最高峰做这个实验，会让测得的水银高度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）76cm汞柱。同时，大气压强的降低也使得液体的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；所以在高原地区大气压强 （选填“高”或“低”），要使用 煮饭。
12．（2019·闵行模拟）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b点滑到a点的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的图线如图乙所示，则电源电压为 V，滑片从b点滑到a点的过程中，电路消耗的总功率最大值为 W，滑片在a点时，10s内电阻R消耗的电能为 J。
13．（2019·闵行模拟）竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为7牛、10牛，该金属块受到的浮力为 牛。已知酒精的密度小于水的密度，现将该金属块浸没在酒精中，则跟其浸没在水中相比，该金属块受到的浮力 ，其受到重力和浮力的合力 （后两格均选填“变大”、“不变”或“变小”）。
14．（2019·闵行模拟）纯水的密度为 kg/cm3．已知人体的密度与水相近，若将人体近似看作为一个圆柱体，由此可估算出身高为1.7m的人直立时对水平地面的压强约为 Pa．（g取10N/kg）
15．（2019·闵行模拟）如右图所示，三个质量相等、形状不同、底面积相同的容器，它们都装有高度相同的同种液体，比较它们对容器底部的压强大小关系是 ，它们对容器底的压力大小关系是 ，它们对桌的压力大小关系是 ，它们对桌面压强的大小关系是 。（四空分别用p、F、F′、p′加下标表示。）
16．（2019·闵行模拟）如图所示，开关闭合后，灯泡L1、L2是 的（选填“并联”或“串联”），电压表测量的是 两端的电压（选填“L1”或“L2”或“电源”）．若开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针不动，而电压表指针有明显偏转，该电路故障可能是 （选填“L1断路”或“L1短路”或“L2断路”或“L2短路”），排除故障后，读出电流表示数为0.4A，则经过L2的电流为 A。
17．（2019·闵行模拟）为了探究物体对水平面的压力改变时水平面受到压强的变化量与哪些因素有关，某小组同学将底面积不同的物体置于同一海绵上进行实验。他们改变物体对海绵的压力，并用海绵下陷深度的变化量来反映压强的变化量。他们进行了三组实验，记录有关数据分别如表一、表二、表三所示。通过比较，他们发现每一组海绵下陷深度的变化量相同，而各组却不同，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小。
表一
实验序号 压力变化（牛） 受力面积（厘米2）
1 5 3
2 10 6
3 15 9
表二
实验 序号 压力 变化（牛） 受力面积 （厘米2）
4 5 5
5 10 10
6 15 15
表三
实验 序号 压力 变化（牛） 受力面积 （厘米2）
7 5 6
8 10 12
9 15 18
①分析比较实验序号 的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大。
②分析比较实验序号2与7的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当受力面积相同时， 。
③进一步综合分析比较表一、表二、表三中的数据及观察到的现象，并归纳得出结论：
（a）分析比较 中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论： 。
（b）分析比较 中的数据及观察到的现象，可归纳得出结论： 。
18．（2019·闵行模拟）把图所示实验中观察到的弹簧秤和量筒的示数记录在表格中，并计算出相应的物理量。
物重（N） 物体在水中弹簧秤的示数（N） 物体受到的浮力（N） 物体排开水的体积（m3） 物体排开的水重（N）
从实验得到结论是： 。
三、作图题
19．（2019·闵行模拟）如图所示，水平地面上的足球处于静止状态，画出他受力的示意图。
20．（2019·闵行模拟）如图所示，试在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使开关S闭合时两灯组成并联电路。
21．（2019·徐汇模拟）如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小。
四、计算题
22．（2019·徐汇模拟）一物体浸没在水中，排开水的体积为2×10﹣3米3．求：此物体受到的浮力F浮。
23．（2019·闵行模拟）甲醛对人体的危害非常大因此装修房屋时检测甲醛污染指数很重要。如图甲是一款甲醛检测仪的工作原理图电源电压恒为3V，R是阻值为10Ω的定值电阻，R0为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，其阻值随甲醛污染指数的变化图象如图乙所示。当污染指数在50以下为轻度污染，50﹣100之间为中度污染，100以上为重度污染。问：
（1）污染指数为50时，电阻R的阻值是多少？
（2）电压表示数为1V时，甲醛污染指数是否属于重度污染？
24．（2019·闵行模拟）某品牌家用电熨斗的电路如图甲所示，额定电压为220V、最大功率为440W，发热部分由调温电阻R和定值电阻R0组成，调温电阻R是可变电阻，其最大阻值为110Ω．电阻值均不受温度影响。求：
（1）定值电阻R0的阻值是多大？
（2）该电熨斗工作时的最小功率多大？
（3）假设电熨斗每秒钟散发的热量Q跟电熨斗温度t的关系如图乙所示，若某次电熨斗工作时温度为180℃，此时调温电阻接入电路的阻值为多大？
25．（2019·闵行模拟）如图所示，置于水平桌面上的A、B是两个完全相同的薄壁柱形容器，质量为0.5千克，底面积为0.01米2，分别装有体积为2.5×10﹣3米3的水和深度为0.3米的酒精，（ρ酒精＝0.8×103千克/米3）。求：
①水的质量m水。
②A容器对水平桌面的压强pA。
③若在两个容器中抽出相同深度的液体△h后，两容器中液体对底部的压强相等，请计算出△h的大小。
五、实验题
26．（2019·闵行模拟）物理兴趣小组在做“测量小灯泡的电阻”实验时，准备了以下器材：小灯泡（额
定电压为 2.5V）、电流表(0～0.6 A 0～3 A)、电压表(0～3 V 0～15 V)、开关、两节干
电池、滑动变阻器、导线若干。下图为该小组连接的实物图。
（1）请指出实物图连接的两处错误。
① ②
（2）正确连接电路后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片置于某位置时，电流表和电压表的示数如下图所示，电流表示数为 A，则小灯泡电阻为
Ω（计算结果 保留一位小数）
（3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录下不同时刻的电压值和电流值，并计算出小灯泡在不同电压下的电阻值，数据处理表格如下所示，其中有一处是不恰当的,这一处是 ，原因是 。
实验次数 电压/V 电流/I 电阻/Ω 平均电阻/Ω
1 1.0 0.17 5.9 7.7
2 1.4 0.18 7.8
3 1.8 0.22 8.2
4 2.0 0.23 8.7
（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 V，若此时电流表示数为 0.25A，则小灯泡的额定功率为 W。
27．（2019·闵行模拟）小虎在“探究串联电路中电压规律”的实验中连接了如图所示的实物电路，正准备闭合开关进行测量，同组的小明发现他连接的电路存在问题。
（1）请你替小明告诉他存在的问题是：
① ；
② 。
（2）在该电路中只需改动一根连线，即可改为测量灯L2两端的电压，请你在需要改动的导线上用笔打“×”，并画出改动后的正确连线。
（ ）
（3）小虎将电压表改为测量灯L2两端的电压电路后，闭合开关后，两灯（两个小灯泡的规格相同）发光。此时，小虎不小心把L1的玻璃外壳打破了，结果发现L1熄灭，L2却更亮了。这是为什么呢？他们提出猜想：
猜想一：可能L1处发生开路；猜想二：可能L1处发生短路。
①根据 （选填“串联”或“并联”）电路的特点，可知猜想一是不正确的。
②为了探究猜想二是否正确，小明分别用电压表测量了两灯的电压，实验发现两次电压表的读数中一次有明显读数，另一次没有读数。说明猜想二是 （选填“正确”或“不正确”）的。你认为导致L1熄灭、L2更亮的原因可能是 。
A、通过L1中的电流变小
B、L1两端的电压变大
C、通过L2中的电流变小
D、L2两端的电压变大
28．（2019·闵行模拟）小刚在做“探究液体内部压强的规律”实验时找来一根长20cm的薄壁玻璃管、烧杯、刻度尺、质量已知的细沙、适量的水和盐水（已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。他设计的实验步骤如下：
（1）（a）将玻璃管的一端扎上橡皮膜，竖直插入水中如图甲所示，发现橡皮膜向上凸起，此现象说明 。
（b）向玻璃管中分别装入不同质量的细沙，并竖直插入液体中，直至橡皮膜变平，如图乙所示。
（2）（c）用刻度尺测出每一次橡皮膜到液面的距离，记录数据如下表：
实验序号 1 2 3 4
待测液体 水 盐水
沙子质量（g） 30 60 90 30
橡皮膜在液体中受到的压强（Pa） 375 750 1125 375
橡皮膜到液面的距离（cm） 3.75 11.25 3.0
请你帮小刚将表格中数据填写完整。
（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系应选择第 组实验。
（4）分析1、2、3组实验数据可得出结论：液体密度不变时，其内部压强与深度成 。
（拓展）同组的小红想利用这些器材测量某液体的密度：①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1； ② ；则待测液体的密度为 。（用测量的物理量表示）
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；连通器原理；大气压强的测量方法
【解析】【解答】A.最早测出大气压的实验是托里拆利实验，A不符合题意；
B.压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，B不符合题意；
C.洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，C符合题意；
D.拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】最早测出大气压的实验是托里拆利实验，液体沸点随气压的升高而升高，U形“反水弯”是利用了连通器原理，拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加.
2．【答案】C
【知识点】物理常识
【解析】【解答】在物理学中，
A．欧姆是电阻的基本单位。A不符合题意；
B．瓦特是功率的基本单位。B不符合题意；
C．安培是电流的基本单位。C符合题意；
D．焦耳是功和各种能量的基本单位。D不符合题意。
故答案为：C
【分析】牢记常见物理量的单位，解答即可.
3．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】由p= 可知，探测器支架底部安装有面积较大的底盘，压力是一定的，此时受力面积越大，压强越小，因此，探测器支架底部安装有面积较大的底盘是通过增大受力面积来减小压强的。
故答案为：C.
【分析】增大压强方法 :(1)S不变，F↑;(2)F不变，S↓ (3) 同时把F↑，S↓.而减小压强方法则相反.
4．【答案】C
【知识点】电压的测量及电压表的使用
【解析】【解答】A、由图知，电压表与灯L1串联后再与灯L2并联，A不符合题意；
B、两灯泡串联，电压表测灯L1的电压；B不符合题意；
C、两灯泡串联，电压表只与L2并联，且电压表的正负接线柱连接正确，则电压表只测量灯泡L2的电压，C符合题意；
D、两灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以电压表也测量L1的电压，D不符合题意；
故答案为：C
【分析】电压表只用来测量灯泡L2的电压，电压表应只与L2并联，且电流从电压表的正接线柱流入，从负接线柱流出，据此分析解答.
5．【答案】C
【知识点】电功率的计算；实际功率
【解析】【解答】灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，因为灯L1微微发光，灯L2几乎不发光，所以L1的实际功率比L2的实际功率大．由于两灯是串联，我们根据P=I2R可知，在电流相同的情况下，用电器的电功率与阻值成正比，所以R1＞R2．因为两灯的额定电压相同，根据 可知，电功率与电阻成反比．由于R1＞R2，所以P1＜P2．
故答案为：C．
【分析】由两个灯泡的亮度情况得出电功率关系，然后根据P=I2R得出电阻关系，最后根据得出额定功率关系.
6．【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】由表中数据知，甲导体的长度最小，甲导体的横截面积最大，故导体甲电阻值最小，丙导体的长度最大，丙导体的横截面积最小，故导体丙电阻值最大，C符合题意，ABD不符合题意。
故答案为：C。
【分析】决定电阻大小的因素：导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度、横截面积和温度.
7．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】要探究物质质量与体积的关系，需使物质的密度相同即同种物质．（2）和（3）属不同物质，所以不符合题意；（1）中都是铁这种物质，由于体积不同，而质量不同，（4）属同种物质，因体积相同，所以质量相同，所以（1）和（4）都反应了物质质量与体积的关系，符合题意．
故答案为：D．
【分析】要探究物质质量与体积的关系，需使物质的密度相同即同种物质，据此分析解答.
8．【答案】A
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，甲对桌面产生的压力等于乙对桌面产生的压力，C不符合题意；
因杯子上表面面积是下表面面积的2倍，
所以，由p= 可知，两者对桌面压强之比：
即甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍，A符合题意、B不符合题意；（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，
由p=ρgh可知，甲乙豆浆对杯底的压强相等，
由F=pS可知，甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力小，D不符合题意．
故答案为：A．
【分析】根据p= 求出两者对桌面压强的关系；再根据p=pgh和F=pS可知两杯底受到的压力关系.
9．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】根据ρ= 可知，质量相等的不同物质，体积越大，密度越小，由图可知，VA＜VB＜VC，故ρA＞ρB＞ρC．A不符合题意；
A、B、C三个容器中，A中液体对容器底部的压力大于自身的重力；B中液体对容器底部的压力等于自身的重力；C中液体对容器底部的压力小于自身的重力；
根据公式p= 可知，三个容器底面积相同，液体对A容器底部的压强最大，对B容器底部的压强次之，对C容器底部的压强最小；B不符合题意；
三个容器的重力相等，液体的质量相等，则重力相等，容器放在水平桌面上对水平桌面的压力相同，又底面积相等，根据公式p= 可知，三个容器对桌面的压强相等．C不符合题意，D符合题意．
故答案为：D．
【分析】结合图像，根据密度公式ρ= 可知密度大小关系；A容器上窄下宽，液体对容器底部的压力大于自身的重力；B容器形状上下一样，液体对容器底部的压力等于自身的重力；C容器上宽下窄，液体对容器底部的压力小于自身的重力；底面积相等，根据公式p= 可求液体对容器底部的压强；根据公式p=p= 可求容器对桌面的压强.
10．【答案】220；并联；小
【知识点】电压和电压的单位换算；电阻的并联；家庭电路的连接
【解析】【解答】（1）我国家庭电路电压为220V；（2）家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；（3）家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于导体横截面积越大，所以总电阻就越小。
故答案为：220；并联；小.
【分析】家庭照明电压为220伏；所有家用电器和插座都是并联的；而开关则要与它所控制的用电器串联.家庭电路中，同时工作的用电器越多，相当于导体横截面积越大.
11．【答案】小于；降低；低；高压锅
【知识点】大气压强的测量方法；大气压强与高度的关系；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】(1)海拔越高的地方，空气越稀薄，因此在海拔为2033m的金佛山最高峰做这个实验，大气的压强一定小于海平面上的大气压，故测得的水银高度小于76cm汞柱。(2)大气压随高度的增加而减小，因此大气压的降低，会使液体的沸点降低，所以在高原地区的大气压强低，需使用高压锅煮饭。
故答案为：小于；降低；低；高压锅.
【分析】测定大气压强值的实验是：托里拆利实验.在托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，在玻璃管顶端真空的情况下，管内外水银柱的高度差与管的倾斜度、位置的深浅、水银槽内水银的多少以及管的粗细均无关.
沸点与气压关系：一切液体的沸点，都是气压减小时降低，气压增大时升高.
12．【答案】15；45；90
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】（1）由图甲知，三个电阻串联，V1测R1两端电压，V2测R2两端电压，电流表测电路中电流；P从b点滑到a点的过程中，R1连入阻值变小，电路中总电阻变小，电源电压不变，根据I＝ 知，电路中电流变大，由U＝IR可知电压表V2的示数变大，根据串联电路的电压特点可知：电压表V1的示数变小；所以，dc段表示电压表V1示数随电流表示数的变化，ec段表示电压表V2示数随电流表示数的变化；滑片P在b点时，变阻器接入阻值最大，此时电流最小，由图乙可知，此时电流Ib＝1A，U1＝12V、U2＝2V；滑片P在a点时，变阻器接入阻值最小，此时电流最大，由图乙可知，此时电流Ia＝3A，U1′＝6V、U2′＝6V；根据欧姆定律和串联电路的电压特点可得，P在b点和a点时的电源电压分别为：U＝IbR+U1+U2＝1A×R 12V 2V-------①；U＝IaR U1′ U2′＝3A×R 6V 6V--------②，解①②得：R＝1Ω，U＝15V；（2）电路消粍的总功率最大值：P大＝UIa＝15V×3A＝45W．滑片在a点时电流Ia＝3A，则10s内电阻R消耗的电能：W＝ Rt＝（3A）2×1Ω×10s＝90J.
故答案为：15；45；90.
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由串联电路特点、欧姆定律分析判断U-I图象中两段表示的含义；读出P在a和b两点时，两电压表的示数和电路中电流，由串联电路特点和欧姆定律列式求出R的阻值和电源电压U；滑片在a点时电路中的电流最大为Ia=3A，利用P=UI求出总功率最大值；利用W=12Rt即可求出消耗的电能.
13．【答案】3；变小；变大
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】物体在液体中所受浮力等于液体对物体上下表面的压力差，分析物体受力情况，根据平衡力知识可求出绳子的拉力F浮＝F下-F上＝10N-7N＝3N；酒精的密度比水的密度小，浸没时排开水的体积和排开酒精的体积相等，由F浮＝ρV排g可知，金属块受浮力变小，因为F示＝G F浮，金属块重力不变，所以受到重力和浮力的合力将变大。
故答案为：3；变小；变大.
【分析】根据F浮＝F下-F上求出物体受到的浮力；将该金属块浸没在水、酒精中，利用阿基米德原理F浮＝ρV排g分析金属块受到的浮力变化情况：进而利用F示＝G F浮得出合力变化情况.
14．【答案】1.0×103；1.7×104
【知识点】密度及其特性；液体压强的计算
【解析】【解答】水的密度是1×103kg/m3．ρ人＝ρ水＝1.0×103kg/m3，h＝1.7m，
人直立时对地面的压强约为
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.7m＝1.7×104Pa；
故答案为： 1.0×103 ； 1.7×104 .
【分析】牢记：水的密度为1×103kg/m3．
再利用p＝ρgh求得人直立时对地面的压强.
15．【答案】p1＝p2＝p3；F1＝F2＝F3；F1′＞F2′＞F3′；p1′＞p2′＞p3
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【解答】三个容器内都装有高度相同的同种液体，由液体压强公式p＝ρgh得：
三容器底部所受液体的压强关系是p1＝p2＝p3；
∵三个容器底面积相同，由F＝pS得：三容器底部所受液体的压力关系是F1＝F2＝F3；
三个容器底面积相同，形状不同，装有相同高度的液体。则体积关系为：V1＞V2＞V3；
∵都装有高度相同的同种液体，∴根据m＝ρV可知，m1＞m2＞m3，
∵F′＝G容+G液＝（m容+m液）g，且三个容器质量相等，
∴三个容器对桌面的压力F1′＞F2′＞F3′，
∵三个容器底面积相同，
∴由p＝ 得：三个容器对桌面的压强关系是p1′＞p2′＞p3′。
故答案为：p1＝p2＝p3；F1＝F2＝F3；F1′＞F2′＞F3′；p1′＞p2′＞p3
【分析】结合图像，利用p=pgh比较三容器底部所受液体的压强的关系，利用F=pS比较三容器底部所受液体的压力关系；根据密度公式ρ=得出液体的质量关系，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等得出压力关系，结合压强公式p= 比较出三个容器对桌面的压强大小.
16．【答案】串联；L1；L1断路；0.4
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】由电路图知道，开关闭合后，两灯泡串联，电压表测L1 两端的电压，电流表测电路中的电流。若开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针几乎不动，说明电路断路，电压表指针有明显偏转说明电压表两接线柱与电源之间是通路，即L2 是完好的，所以与电压表并联的部分断路，即是灯泡L1断路；排除故障后，读出电流表示数为0.4A，根据串联电路的电流处处相等知道，所以，L2 的电流为0.4A。
故答案为：串联； L1 ； L1 断路；0.4
【分析】用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，如果电压表无示数，可能是并联的用电器短路或其它部分断路；如果电压表有示数且较大（接近电源电压），可能是并联的用电器断路或其它部分短路.
17．【答案】1、4、7或2、5、8或3、6、9；压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小；表一、表二或表三；当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等；表一、表二和表三；当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】①研究当压力变化量相同时，压强变化量与受力面积的关系，根据控制变量法，控制压力变化相同，只改变受力面积大小，故分析比较实验序号1、4、7或2、5、8或3、6、9的数据及观察到的现象，可得出的初步结论是：当压力变化量相同时，受力面积越小，水平面受到压强的变化量越大；②分析比较实验序号2与7的数据知，压力变化量实验序号7中较小，而受力面积相同，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，可得出的初步结论是：当受力面积相同时，压力变化量越小，水平面受到压强的变化量越小；③（a）分析比较中的表一或表二或表三数据，压力变化量与受力面积之比： ＝ ＝ ，即压力变化量与受力面积之比相等，由已知条件：每一组海绵下陷深度的变化量相同，故可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值相等时，水平面受到的压强变化量相等；（b）分析比较 表一、表二和表中的数据及观察到的现象，压力变化量与受力面积之比分别为：
、 、 ，即压力变化量与受力面积之比越来越小，由已知条件，第一组下陷深度的变化量最大，第二组其次，第三组最小，即水平面受到的压强变化量越小。可归纳得出结论：当压力变化量与受力面积的比值越小时，水平面受到的压强变化量越小。
【分析】探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法（压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变）及转换法（通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果）的应用，体现了对过程和方法的考查.
18．【答案】1.96；0.98；0.98；10－4；0.98；浸在液体里的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体的重力
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】由图可知，物体的重为：1.96N；
物体浸没在水中时，测力计的示数为：0.98N；
根据称重法测量浮力的原理知，物体受到的浮力为：
；
量筒中水的体积为100mL，物体浸没在水中时，总体积为200mL，物体排开水的体积为：
；
物体排开水的重力为：
；
可见： ，即从实验中得出的结论是：浸在液体里的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体的重力。
【分析】验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对基础知识的掌握程度.先利用称重法测出物体浸在液体中受到的浮力，再测出物体排开液体的重力，再根据阿基米德原理的内容（阿基米德原理：浸入液体里的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开的液体受到的重力）进行解答.
19．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】过球心沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并用符号G和F表示，如下图所示：
【分析】结合物体的运动状态进行受力分析，利用力的示意图的画法画出各力即可.
20．【答案】解：如图所示：
【知识点】电流表的连接；电压表的连接
【解析】【解答】要使电阻R1、R2并联，由图可知电流必须从开关S流入R1、R2，不能从电表甲流过，所以电表甲应是电压表；如果电表乙是电压表，则电阻R2无法形成回路，所以电表乙是电流表，与R2串联；如图所示：
。
【分析】在圆圈中填入电表的原则是：不能使电路发生短路，也不能使电路发生断路.且要注意：电流表的电阻很小，在电路中相当于一根导线；电压表的电阻很大，它所在的电路可以看作是断路.
21．【答案】解：如图所示：
【知识点】串、并联电路的设计；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】如图灯与电流表已组成完整电路，要使闭合电键S时，向右移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数变小，滑动变阻器应与灯并联，且向右移动滑片时，电阻变大，所以连接滑动变阻器的左下接线柱到电流表的“-”接线柱，如图：
【分析】结合滑动变阻器的使用方法及欧姆定律分析连线即可.
22．【答案】解：物体受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3=19.6N。
答：物体受到的浮力为19.6N
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】利用
F浮=ρ水gV排 求得
物体受到的浮力 .
23．【答案】（1）解：由图象可知，污染指数为50时，可变电阻连入电路中的阻值为50Ω
（2）解：电压表示数为1V时，则电路中的电流为I＝ ＝ ＝0.1A，由串联电路电压的规律可知，可变电阻两端电压UR＝3V﹣1V＝2V，根据欧姆定律可得，此时可变电阻的阻值：R＝ ＝ ＝20Ω，由图乙可知，此时污染指数为150，属于重度污染
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【分析】（1）由乙图读出可变电阻连入电路中的阻值.
（2）电压表示数为1V时，根据欧姆定律I=求出电路中电流，根据串联电路的分压特点求出可变电阻两端电压，再根据欧姆定律I=求出可变电阻连入电路中的阻值，根据乙图得出污染程度.
24．【答案】（1）解：由电路图可知，调温电阻R和定值电阻R0串联；
当R接入的阻值为0时，电路为定值电阻R0的简单电路，此时电熨斗中电流最大，电熨斗的功率最大，
根据P＝ 可得定值电阻的阻值：
R0＝ ＝ ＝110Ω；
（2）解：由于调温电阻R和定值电阻R0串联；则当R最大时，总电阻最大，根据P＝ 可知此时电熨斗工作的功率最小，
则根据串联电路的电阻特点和P＝ 可得：
P最小＝ ＝ ＝220W
（3）解：根据图象可知，温度为180℃对应的电热Q＝400J，
根据Q＝ t可得总电阻：R串＝ ＝ ×1s＝121Ω，
因串联电路的总电阻等于各电阻之和，所以此时可变电阻R连入电路的阻值：
R′＝R串﹣R0＝121Ω﹣110Ω＝11Ω。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）结合电路的连接情况，根据P= 即可求出定值电阻；
（2）根据电功率的计算公式 可知，当R最大时，电熨斗电功率最小；
（3）根据乙图象读出180 ℃ 对应的电热，根据 Q＝ t 和串联电路的特点即可求出可变电阻的大小.
25．【答案】解：①由ρ 得，水的质量：m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3 2.5 10﹣3m3＝2.5kg，②A容器对水平桌面的压力：FA＝GA总＝（m水 m容）g＝（2.5kg 0.5kg） 10N/kg＝30N，A容器对桌面的压强：pA 3000Pa；③由V＝Sh可得，A薄壁柱形容器中水的深度h水 0.25m，抽出相同深度的液体△h后，当p水′＝p酒精′时，由p＝ρgh可得：ρ水g（h水﹣△h）＝ρ酒精g（h酒精﹣△h），即：1.0 103kg/m3 g （0.25m﹣△h）＝0.8 103kg/m3 g （0.3m﹣△h），整理解得：△h＝0.05m。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】（1） 由ρ 得水的质量 .
（2）利用公式p= 计算对桌面的压强；
（3）抽出相同深度的液体 △h 后，两容器中液体对底部的压强相等， 由p＝ρgh 列出等式即可求得△h的大小.
26．【答案】（1）电流表正负接线柱接错；滑动变阻器接线柱接错误
（2）0.24；9.6
（3）计算小灯泡电阻的平均值；小灯泡电阻受温度影响会发生变化，不能用求平均值的方法确定电阻值
（4）2.5；0.625
【知识点】伏安法测电阻的探究实验；电功率的测量
【解析】【解答】1）电压表、电流表使电流从正接线柱流入，负接线柱流出；滑动变阻器采用一上一下连接法，故错误是：电流表正负接线柱接错，滑动变阻器接线柱接错误。（2）由图知：电流表示数I=0.24A，电压表的示数U=2.3V，则小灯泡电阻为R=U/I=2.3V/0.24A=9.6Ω。（3）小灯泡电阻受温度影响会发生变化，两端电压改变时，其阻值也发生变化，故计算小灯泡电阻时，不能用求平均值的方法确定电阻值。（4）该小组又利用这个电路测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器滑片使电压表示数等于额定电压，即为2.5V，若此时电流表示数为 0.25A，则小灯泡的额定功率为P==UI=2.5V×0.25A=0.625W。
【分析】（1）结合电路图及实验目的，从电表的量程、测量对象、连接方式及滑动变阻器的连接方式入手查找错误即可.
（2）结合电表的量程、分度值读出示数，利用R=求得小灯泡电阻.
（3）结合表格数据可知，电阻越来越大，是因为受到温度的影响，故不能求平均值.
（4）利用P=UI计算小灯泡的额定功率.
27．【答案】（1）没有校零；电压表正负接线柱接反了
（2）
（3）串联；正确；D
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）①从图中可以看出，开关断开时指针不在零刻度线处，因此没有校零；②电流必须从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出，因此该电路存在的问题之一为电压表正负接线柱错误。（2）与电压表负接线柱相连的导线改接L2的右接线柱即可；如图所示
;（3）①根据串联电路的特点，如果某处有断路，则整个电路就会不通，而结果是结果L1熄灭，L2却更亮了，所以猜想一不正确，猜想二是正确的；
②导致L1熄灭，说明L1的电流为0；L2更亮，说明通过L2的电流变大；
A、通过L1中的电流变小，则L1会发光，与题意不符，A不符合题意；
B、L1两端的电压变大，则L1会发光，与题意不符，B不符合题意；
C、通过L2中的电流变小，则L2会变暗，与题意不符，C不符合题意；
D、L2两端的电压变大，通过L2的电流变大，L2会变亮，与题意相符，D符合题意。
【分析】（1）结合电路图及实验目的，从电压表的量程、测量对象、连接方式入手查找错误即可.
（3）根据串联电路的特点和电压表使用，大胆猜想，然后通过试验验证猜想，如果符合则猜想正确，如果不符合，则猜想错误.
28．【答案】（1）明液体内部有向上的压强
（2）7.5
（3）1、4
（4）正比；再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2；
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）（a）发现橡皮膜向上凸起，此现象说明液体内部有向上的压强。（2）橡皮膜在液体中受到的压强为：p＝750Pa，根据p＝ρgh，故橡皮膜到液面的距离：
h＝ ＝ ＝0.075m＝7.5cm；（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的密度相同，故应选择第1、4组实验；（4）分析1、2、3组实验数据知，可得出结论：橡皮膜在液体中受到的压强与橡皮膜到液面的距离之比为一定值，故得出的结论是：液体密度不变时，其内部压强与深度成正比。
【拓展】①她先将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出水面部分的长度h1；
②再将这个装有一定量沙子的玻璃管竖直插入待测液体中，让玻璃管漂浮在水面上，用刻度尺测出玻璃管露出液面部分的长度h2
玻璃管底部在水中的深度：h水＝20cm﹣h1；
玻璃管底部受到水竖直处向上的压力：
F水＝p水S＝ρ水g（20cm﹣h1）﹣﹣﹣﹣﹣①；
玻璃管底部在待测液体中的深度：h液＝20cm﹣h2；
玻璃管底部受到液体竖直向上的压力：
F液＝p液S＝ρ液g（20cm﹣h2）﹣﹣﹣﹣﹣②，
根据二力平衡原理，玻璃管受到向上压力F＝G，故由①②得：
ρ水g（20cm﹣h1）＝ρ液g（20cm﹣h2），
待测液体的密度为：
ρ液＝ ×ρ水。
【分析】（1）发现橡皮膜向上凸起，此现象说明液体内部有向上的压强.
（2）根据p=pgh计算橡皮膜到液面的距离.
（3）要研究液体内部压强与液体密度的关系，要控制液体的密度相同；
（拓展）分别将装有一定量沙子的玻璃管竖直插入水中和待测液体中，管子处于漂浮状态，根据二力平衡及压强、压力公式求解.