卷子答案网-一个不只有答案的网站曲靖麒麟区曲靖云中高二上学期 11月期中考试卷 5．用多用电表测量电阻时，下列说法或操作不．正．确．的是（ ）
A．测量前应对多用电表进行欧姆调零，使指针指在刻度盘左侧零刻度处
物 理 B．用 100倍率测量时发现指针偏转角度太小，则应该更换成更大倍率挡
C．读数时视线应该与刻度盘垂直
（全卷满分 100分，考试时间：90分钟 ）
D．多用电表使用完毕应该将选择开关置于 OFF挡或交流电压最高挡
注意事项：
6．如图所示，虚线 a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息。
时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知( )
2．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用 2B铅笔把答题卡上，对应题目的答
A．带电粒子在 R点时的加速度小于在 Q点时的加速度
案标号涂黑;非选择题请用直径 0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书
B．带电粒子在 R点时的速度大于在 Q点时的速度
写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
C．带电粒子在 P点时的电势能比在 Q点时的电势能大
第 I卷 （选择题共 56分）
D．带电粒子在 R 点时的动能与电势能之和比在 Q 点时的小,比在 P 点时的大
一、单选题（共 8小题，每小题 4分,共 32分，在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意。）
7．如图所示，电阻 R1为 2 ，R2为 2 ，R3为 4 ，当通过电阻 R1的电流为 1A时，通过 R3的电流为（
1．关于飞行中的战机的受力情况，下列说法正确的是（ ）
A. 2.0A
A．战机受到的重力指向地心
B. 1.5A
B．战机向前运动的推力无施力物体
C. 1.0A
C．战机受重力的同时，它也对地球产生引力
D. 0.5A
D．战机匀速飞行，它不受重力作用
8．在等边三角形 ABC的顶点 B和 C处各放一个电荷量相等的点电荷时，测得 A处的场强大小为 E，方向与
2．如图所示，在一溶液中，8s内有 1.0×1016个一价正离子和 5.0×1015个二价负离子通过某截面 N，其中负离
BC边平行且由 B指向 C，如图所示。若拿走 C处的点电荷，则下列关于 A处电场强度的说法正确的是（ ）
子水平向右移动，正离子水平向左移动，则通过截面 N的电流的方向和大小是（ ） E
A．水平向左，0.4mA A. 大小变为 ，方向不变2
B．水平向右，0.4mA B E．大小变为 ，方向由 B指向 A
C 2．水平向左，0.2mA
C．大小仍为 E，方向由 A指向 B
D．水平向右，0.2mA
3 D．大小仍为 E，方向由 B指向 A．如图所示，质量为 m、电荷量为 q的小球用绝缘线悬吊于天花板上，质量为 M、电荷量为 Q的圆弧棒在
二、多选题（本题共 4小题，每小题 6分，共 24分,在每小题中有多个选项正确，全部选对的得 6分,选对但
小球正下方的空中处于静止状态，重力加速度为 g，小球可视为点电荷，则圆弧棒上电荷在小球所在位置处
不全的得 3分,有选错的得 0分。）
产生的场强大小为（ ）
mg mg 9．关于静电场的电场强度和电势，下列说法不正确的是（ ）
A． q B． Q A．电场强度的方向处处与等电势面垂直
Mg Mg B．电场强度为零的地方，电势也为零
B． Q D． q C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低
4．2023年亚运会在杭州举行。有关运动项目的描述，下列说法正确的是（ ） D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向
10．如图所示，两极板水平放置的平行板电容器与电动势为 E的直流电源连接，下极板接地，静电计外壳接
地。闭合电键 S时，一带电的油滴恰好静止于电容器中的 P点。下列说法正确的是（ ）
A．若将 A极板向上平移一小段距离，平行板电容器的电容将变小
B．若将 B极板向左平移一小段距离，静电计指针张角变小
A C．若断开电键 S，再将 B极板向右平移一小段距离，P点电势将降低．甲图中跳水运动员在空中运动到最高点时加速度为零
B D．若断开电键 S，再将 A极板向下平移一小段距离，则带电油滴仍保持静止．乙图中研究羽毛球运动员击球动作时，运动员可视为质点
C 状态．丙图中撑杆跳运动员在撑杆起跳上升过程中，运动员始终处于超重状态
D．丁图中跨栏运动员在 100米跨栏比赛中获得第一名，该运动员全程平均速度最大
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11．如图所示，有一个表头 G，满偏电流 Ig=100mA内阻 Rg=200 把它改装为有 0.2A和 2A两种量程的电流表， （2）（2分）实验电路图应选择图中的 （选填“甲”或“乙”)；
则（ ）
A．R 阻值为 180Ω
B．R 阻值为 200Ω
C．R 阻值为 20Ω
D．改装后通过表头 G的最大电流将大于 100mA
12．如图所示，一轻质弹簧竖直放置，下端固定在水平面上，上端处于 a位置，当一重球放在弹簧上端静止
时，弹簧上端被压缩到 b位置．现将重球(视为质点)从高于 a位置的 c位置沿弹簧中轴线自由下落，弹簧被重 （3）（4分）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U I图像，则干电池的电动势E＝ V，
球压缩到最低位置 d，以下关于重球运动过程的正确说法是( ) 内电阻 r＝ Ω。
A．重球下落压缩弹簧由 a至 d的过程中，重球作减速运动 四、解答题(本题共 3小题共 30分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案
B．重球下落至 b处获得最大速度 不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
C．由 a至 d过程中重球克服弹簧弹力做的功等于小球由 c下落至 d处时重力 15．（8分）如图所示的电路中，电源电动势 E=12V，内阻 r=1.0 ，电动机的电阻 R0=1.0 ，电阻 R1=2.0 。
势能减少量 电动机正常工作时，理想电压表的示数 U1=4.0V，求：
D．重球在 b位置处具有的动能等于小球由 c下落到 b处减少的重力势能 （1）电路的路端电压；
（2）电动机输出有用功的功率；
第 II卷 （非选择题 共 44分）
三、实验题（本题共 2个小题，共 14分，把答案填在题中的横线上或按要求作答。）
13．（6分）某实验小组测量某圆柱复合材料的电阻率 。
（1）（2分）该实验小组分别用 20分度的游标卡尺、螺旋测微器测量其长度 L和直径 D，某次测量结果如图
11 5
甲、乙所示。该圆柱复合材料的长度 L= cm，直径 D= mm。 16．（10分）如图所示，一个质量为 m = 2.0×10 kg，电荷量 q = +1.0×10 C的带电微粒（重力忽略不计），从
（2）（1分）该实验小组用如图丙所示实验电路测量其电阻值。闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 端 静止开始经 U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场，偏转电场的电压 U2= 300V。金属板
（填“a”或“b”）。 长 L=20cm，两板间距 d= 30cm。求：
（1）微粒进入偏转电场时的速度 v0大小；
（2）微粒射出偏转电场时的偏转角 ；微粒射出偏转电场时，偏移的距离 y1是多少？
3 1 （ ）（ 分）某次实验时，电压表的示数为U，电流表的示数为 I ，若用 表示该圆柱复合材料的电阻的测量
17．（12分）如图所示，在 E = 103“ ” “ ” V/m的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道 QPN与一水平绝缘轨道值，则该测量值比真实值偏 （填 大 或 小 ）。
4 2 MN在 N点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径 R=40cm，N为半圆形轨通最低点，P为 QN圆（ ）（ 分）用实验过程中测量的物理量对应的字母表示电阻率，则该圆柱复合材料电阻率的表达式为
弧的中点，一带负电 q = 10 4C的小滑块质量 m = 10g，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.4，位于 N点右侧 1.5m。
2
14．（8分）为了测量一节干电池的电动势和内阻，某同学采用“ ” 的 M处，g取 10m/s ，求：伏安法 进行实验测量，现备有下列器材：
A （1）小滑块从 M点到 Q点重力和电场力分别做的功；．被测干电池一节； B．电流表 1：量程 0～0.6A，内阻 rA＝0.3Ω；
C．电流表 2：量程 0～0.6A，内阻约为 0.1Ω； D．电压表 1 0 3V （2）要使小滑块恰能运动到半圆形轨道的最高点 Q，则小滑块应以多大的初速度v：量程 ～ ，内阻未知； 0向左运动？
E. 电压表 2：量程 0～15V，内阻未知； F. 滑动变阻器 1：0～10Ω，2A； （3）在第（2）问的情况下，小滑块通过 P点时对轨道的压力是多大？
G. 滑动变阻器 2：0～100Ω，1A； H. 开关、导线若干。
利用伏安法测干电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在
现有器材的条件下，要尽可能准确地测量干电池的电动势和内阻。
（1）（2分）上述现有器材，选用：A、 、H（填写器材前面的字母）；
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{#{QQABQQSQggCgAAIAARhCAQ3YCEKQkBGCACoGQFAIoAAAAANABAA=}#}曲靖麒麟区曲靖云中高二上学期 11 月期中考试卷
物理参考答案：
1．C
【详解】A．重力的方向竖直向下，而不一定指向地心，A错误；
B．任何力都有施力物体，战机向前的推力来自于空气，B错误；
C．由于地球对战机的引力而产生重力，同时战机对地球也产生吸引力，C正确；
D．任何在地球附近的物体都受重力作用，D错误。
故选 C。
2．A
【详解】8s内流过截面的电荷量为Q 1.0 1016 1.6 10 19C 5.0 1015 2 1.6 10 19C 3.2 10 3C
I Q 3.2 10
3
则由电流的定义可知 A 0.4mA 由于正离子水平向左移动，则电流的方向向左。故选 A。
t 8
3．B
Mg
【详解】根据题意，小球受到的电场力等于圆弧棒的重力，即 qE Mg解得 E q 故选 B。
4．D
【详解】A．甲图中跳水运动员在空中运动到最高点时加速度不为零，等于重力加速度，故 A错误；
B．乙图中研究羽毛球运动员击球动作时，运动员形状不可忽略，运动员不可视为质点，故 B错误；
C．丙图中撑杆跳运动员在撑杆起跳上升过程中，当弹力小于重力，合力向下，运动员处于失重状态，故
C错误；D．丁图中跨栏运动员在 100米跨栏比赛中获得第一名，位移相同，时间最短，该运动员全程平
均速度最大，故 D正确。故选 D。
5．A
【详解】A．测量前应对多用电表进行欧姆调零，两表笔短接，调节调零旋钮，使指针指在刻度盘右侧零
刻度处，选项 A错误，符合题意；
B．用 100倍率测量时发现指针偏转角度太小，说明倍率档选择过低，则应该更换成更大倍率挡，选项 B
正确，不符合题意；
C．读数时视线应该与刻度盘垂直，选项 C正确，不符合题意；
D．多用电表使用完毕应该将选择开关置于 OFF挡或交流电压最高挡，选项 D正确，不符合题意。故选 A。
6．B
【详解】A．由电场线疏密可知，R点场强比 Q场强点大，所以带电粒子在 R点的电场力大，则带电粒子
在 R点的加速度大，A错误；
BC．带电粒子做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向向右；若带电粒子从 P经过 R运
动到 Q，电场力做负功，带电粒子的电势能增大，动能减小，则带电粒子经过 R点时的动能大于经过 Q点
时的动能，即带电粒子在 R点时的速度大于在 Q点时的速度，而 P点电势能最小，所以带电粒子在 P点
时的电势能比在 Q点时的电势能小，B正确，C错误；
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D．根据能量守恒定律，带电质点在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变，D错误。故选 C。
7．C
U
【详解】 R3的两端电压为U I1 R1 R2 4V故通过 R3的电流为 I3 1AR 故选 C。3
8．D
【详解】根据电场强度叠加原则可知，B处的点电荷在 A处产生电场强度方向由 B指向 A，C处的点电荷
在 A处产生电场强度方向由 A指向 C，由于 B和 C处点电荷电荷量相等，则两点电荷在 A处产生电场强
度 E1大小相等，则有 2E1 cos60 E解得 E1 E可知若拿走 C处的点电荷，则 A处电场强度大小仍为 E，
方向由 B指向 A。故选 D。
9．BCD
【详解】A．电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂
直，故 A正确，不符合题意；
B．电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，
故 B错误，符合题意；
C．电场强度的大小逐渐减小时，电势不一定逐渐降低，也不一定升高，故 C错误，符合题意；
D．顺着电场线方向电势降低，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故 D错误，符合题意。
故选 BCD。
10．AD
C rS【详解】A．根据
4 kd
若将 A极板向上平移一小段距离，则板间距离变大，平行板电容器的电容将变小，故 A正确；
S
B．根据C r 若将 B极板向左平移一小段距离，由于正对面积减小，平行板电容器的电容将变小，
4 kd
由于电容器与电源一直相连，则两极板间的电压保持不变，静电计指针张角不变，故 B错误；
C．若断开电键 S，则极板电荷量可认为不变；再将 B极板向右平移一小段距离，根据
C rS C Q， ，E
U
可知平行板电容器的电容将变小，两极板间的电压变大，极板间的电场强度
4 kd U d
变大，根据UPB P B EdPB由于 B板接地，电势不变，则 P点电势将升高，故 C错误；
D．若断开电键 S，则极板电荷量可认为不变；再将 A极板向下平移一小段距离，根据
E U Q Q 4 kQ
d Cd rS d S 可知极板间的电场强度不变，带电油滴受力不变，带电油滴仍保持静止状r
4 kd
态，故 D正确。故选 AD。
11．AC
R R I g
【详解】接 0.2A量程，根据并联分流的特点有 R 即 R R 200 g I I g
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R I g 1
接 2A量程时，表头 G与 R 串联再与 R 并联，则有 R R RRg R I I
即
2g 19
1 g
联立解得 R 180 ， R 20 改装前后通过表头 G的最大电流不变。故选 AC。
12．BC
【详解】AB.重球接触弹簧开始，弹簧的弹力先小于重力，小球的合力向下，向下做加速度逐渐减小的加
速运动，运动到 b位置时，合力为零，加速度为零，速度达到最大；然后合力方向向上，向下做加速度逐
渐增大的减速运动，运动到最低点时，速度为零，所以小球由 a到 d的过程中，重球先加速运动，后作减
速运动，b处获得最大速度，故选项 A不合题意，选项 B符合题意；
C.对重球 a到 d运用动能定理，有 mghad+W 弹=0-
1
2 mva
2
对重球 c到 a 1运用动能定理，有 mghca= 2 mva
2-0
由 a至 d过程中重球克服弹簧弹力做的功 W 克弹=-W 弹=mg（hca+had）= mghcd
即由 a至 d过程中重球克服弹簧弹力做的功等于小球由 c下落至 d处时重力势能减少量，故选项 C符合题
意；D.重球在 b处时，弹簧有弹性势能，根据系统机械能守恒得知，重球在 b处具有的动能小于重球由 c
至 b处减小的重力势能，故选项 D不合题意．
13 17.650 0.440 a UD
2
． 小
4IL
【详解】（1）[1]20分度游标卡尺的精确值为 0.05mm，由图甲可知该圆柱复合材料的长度为
L 176mm 10 0.05mm 176.50mm 17.650cm
[2]螺旋测微器的精确值为 0.01mm，由图乙可知该圆柱复合材料的直径为
D 0mm 44.0 0.01mm 0.440mm
（2）[3]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 a端。
（3）[4][由电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，使得电流表读数比流过待测电阻的
U U
真实电流大，故有 R测= =RI I 真可知测量值比真实值偏小。
真
L U D
2
2
（4）[5]根据电阻定律 R 可得
S =
RS UD
I 4
L L 4IL
14． B、D、F 甲 1.5V 0.7Ω
【详解】（1）[1]本实验中必选的仪器有：被测干电池一节；采用“伏安法”测电源电动势和内阻，因此需要
电流表和电压表，为了读数准确，电流表选量程为 0～0.6A的电流表 1，即选 B；一节干电池电压约 1.5V，
电压表选量程为 0～3V的电压表 1，即选 D；由于要测量多组数据，因此需要滑动变阻器，滑动变阻器选
择阻值较小滑动变阻器 1，即 F，有利于电表的数值变化，减小误差；另外还需要开关、导线若干。
故器材还需 BDF；
（2）[2]由于电流表内阻已知而电压表内阻未知，因此应采用相对电源来说的电流表内接法，故选择图甲；
（3）[3][4]由闭合回路欧姆定律可得U E I (r rA ) 根据 U--I图像可 得 E 1.5V
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r r U 1.5 1.0 A 1 解得 r 0.7 I 0.5 0
15．（1）10V；（2）8W
I U1 4【详解】（1）根据欧姆定律，电路电流为： ＝ A 2AR 2 电路的路端电压为U ' E Ir1
代入数据解得U ' 10V
（2）设电动机两端电压为 U，则由闭合电路欧姆定律得：U U ' U1 6V
2
电动机消耗的电功率为： P UI 12W 电动机的热功率为： P I R0 4W热
电动机将电能转化为机械能的功率为 P ' P P热 8W
16．（1）1.0 104m/s；（2） 45 ；（3）10cm
1
1 2【详解】（ ）微粒在加速电场中做加速运动，由动能定理得 qU1 mv2 0
解得 v0 1.0 10
4m/s
（2）微粒在偏转电场中做类平抛运动，如图
qU
水平方向 L v 20t 竖直方向 vy at 由牛顿第二定律得 a md
vy
飞出电场时，速度偏转角的正切 tan 解得 45
v0
y 1 at 2竖直方向偏移距离 1 2 联立以上各式，代入数据解得
y1 10cm
17．(1) WG 0.08J，W电 0.08J (2) v0 8m/s (3) 0.6N，方向水平向左
【详解】(1)小滑块从 M点到 Q点重力做的功：WG mg 2R 代入数据解得：WG 0.08J
电场力做的功：W电 qE 2R 代入数据解得：W电 0.08J
2
(2)设滑块恰好到达 Q点时速度为 v，则由在 Q点合力提供向心力知： mg qE v m
R
滑块从 M开始运动到达 Q点过程中，由动能定理得： mg 2R 2qER (mg qE )x
1
mv 2 1 mv 2
2 2 0
代入数据联立解得： v0 8m/s；
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(3)设滑块到达 P点时速度为 v ，则从开始运动至到达 P点过程中，由动能定理得：
(mg Eq)R (Eq mg)x 1 1 mv 2 mv2
2 2 0
mv 2
又因为在 P点时，轨道对小滑块的支持力提供向心力得： FN R
代入数据联立解得： FN 0.6N，方向水平向右；
由牛顿第三定律知小滑块通过 P点时对轨道的压力是 0.6N，方向水平向左。
答：（1）小滑块从 M点到 Q点重力和电场力分别做的功WG 0.08J，W电 0.08J；
（2）要使小滑块恰能运动到半圆形轨道的最高点 Q，则小滑块应以v0 8m/s向左运动.
（3）小滑块通过 P点时对轨道的压力是FN 0.6N，方向水平向右.
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