卷子答案网-一个不只有答案的网站2022-2023学年河南省青桐鸣高一下学期6月联考物理试题
全卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交同。
一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8小题只有一项符合题目要求，第9~12小题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1.央广网4月1日消息：随着G417次高铁列车缓缓从广西南宁东站驶出，南宁东至香港西九龙跨境高铁列车正式恢复开行。G417跨境高铁途经梧州南、佛山西、广州南、深圳北站，全程704公里，发车时间为11：14，到达时间为当天15：14，全程耗时4小时，G417次高铁列车的时速可达350公里，广西始发跨境高铁恢复后，将进一步释放区内跨境旅客出行需求，积极促进香港与内地人员流动、经贸往来，为助力粤港澳大湾区高质量发展提供铁路运力支持。根据以上信息，下列说法正确的是（ ）
A. 11：14和15：14指时间
B.704公里指旅客从南宁东站至香港西九龙站的位移
C. G417次高铁列车全程平均速度的大小约为176km/h
D.时速350公里为G417次高铁列车的瞬时速率
2.某一区域的电场线分布如图所示，图中三点电场强度的大小关系正确的是（ ）
A. B. C. D.
3.出生于浙江金华的陈登星，因其扣篮能力出众被网友们称呼为“扣篮帝”，陈登星身高176cm，扣篮时竖直起跳重心上升的距离为1.24m，可估算其起跳时的竖直速度约为（ ）
A.3m/s B.4m/s C.5m/s D.6m/s
4.某同学用软件模拟万有引力作用下小球A绕固定球的运动，当小球A绕固定球运动的轨迹长轴为6m的椭圆，运动的周期为3s。若设置另一小球B绕固定球运动的椭圆轨迹长轴为3m，则小球B运动的周期为（ ）
A. B. C. D.
5.如图所示，一根长为L的细线将质量为m的小球悬挂于水平桌面上方的O点，小球获得水平初速度后绕O'点在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向的夹角为θ。当小球运动稳定时，调节水平激光笔2的高度和竖直激光笔1的位置，小球刚好运动到最左端时，让激光恰好照射到小球的球心。重力加速度为g，从水平桌面上出现小球的影子开始计时，竖直挡板上出现小球影子的时刻可能是（ ）
A. B. C. D.
6.生活中人们经常用定滑轮向高处运输物品，如图所示，质量为60kg的人站在水平地面上，用一根跨过光滑轻质定滑轮的轻质绳子拉质量为20kg的重物，重物向上做加速度为1.5m/s2的匀加速运动，重力加速度g取10m/s2。在重物上升的过程中，下列说法正确的是（ ）
A.绳子中拉力的大小为30N
B.轮轴对定滑轮的作用力大小为400N
C.水平地面对人的支持力大小为370N
D.若重物的加速度大小为30m/s2，人恰好离开水平地面
7.山东威海是我国位于北纬37°的城市之一，若威海市某相对地球静止的飞机（可视为质点）随地球自转的速度大小为v，地球北极表面的重力加速度大小为g，地球半径为R，该飞机的质量为m，将地球视为质量均匀分布的球体，，。则该飞机静止在赤道上时受到的重力大小为（ ）
A. B.
C. D.
8.一同学测试某品牌无人机竖直升空的性能，在遥控下无人机从静止开始竖直向上做匀加速直线运动，在运动过程中，他利用传感器测出无人机的动能Ek与高度x的关系图像如图所示，无人机加速至距地面高0.5h处电机达到最大功率，之后维持该功率直到最大速度。已知无人机的质量为m，重力加速度为g，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 0~0.5h阶段，牵引力做的功为1.5mgh
B. 0.5h~4h阶段，无人机上升的时间为
C. 0.5h~7h阶段，无人机的机械能增加了8mgh
D. 7h~9h阶段，牵引力做的功为mgh
9.如图所示，用一条绝缘轻绳挂一个带正电的小球，小球质量为m，所带电荷量为q。现加水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与竖直方向夹角为θ，下列说法正确的是（ ）
A.电场方向水平向左 B.电场方向水平向右
C.电场强度大小 D.电场强度大小
10. 4月16日9时36分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号乙运载火箭成功将风云三号07星（我国首颗降水测量专用卫星）发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。卫星先竖直向上加速上升，通过姿势调整等操作进入近地圆轨道，如图轨道1所示，在P点变到椭圆轨道2，在Q点变到圆轨道3，已知轨道1的半径约为6400km，轨道3比轨道1高约400km。下列说法正确的是（ ）
A.卫星在竖直上升过程处于超重状态
B.卫星在轨道3运行的角速度大于在轨道1运行的角速度
C.卫星在P点和Q点的加速度大小之比约为1.13
D.卫星在P点的动能减小才能由轨道1变到轨道2
11.七彩滑道是儿童游乐场非常受欢迎的项目，如图所示，某七彩滑道倾斜部分可近似为倾角为24°的斜面，质量为50kg的游客坐在滑垫上，从斜面顶端由静止开始沿直线下滑，以12m/s的速度从斜面底端滑上水平滑道。滑垫与滑道间的动摩擦因数为0.4，取，，重力加速度g取10m/s2。关于游客在斜面上下滑的过程，下列说法正确的是（ ）
A.七彩滑道倾斜部分的长度为180m
B.摩擦力对游客做的功为32400J
C.重力对游客做功的平均功率为3000W
D.在斜面底端，重力对游客做功的功率为2400W
12.如图所示，用轻弹簧连接的质量均为m的小球A、B穿在足够长光滑的竖直固定直角杆POQ上。现沿水平杆用力缓慢拉动小球A，当弹簧与水平杆夹角为37°时，小球B恰好处于平衡状态，此时撤去拉力，使小球A、B同时从静止开始运动，当小球A运动到O点时两球的速度分别为vA、vB，此过程中小球B下降的高度为h，下列说法正确的是（ ）
A.开始运动时小球A的加速度为
B.开始运动时小球B的加速度为
C.此过程中弹簧弹性势能的变化量为
D.此过程中弹簧对小球B做的功等于小球B机械能的变化量
二、非选择题：本大题共5小题，共52分。
13.（6分）类比加速度的定义，将角速度的增加量与对应时间的比值定义为角加速度，用β表示，即。图甲为从某玩具汽车拆卸下来的电动机，某实验小组用如图乙所示的装置测量该电动机启动过程中的角加速度。在水平桌而上放有一气垫导轨，气垫导轨左侧装有定滑轮，气垫导轨上固定有两个光电门，用来测量遮光条通过光电门时的遮光时间。部分操作过程如下：
甲 乙
（1）用刻度尺测量圆盘的半径r，用游标卡尺测量遮光条的宽度d，将圆盘固定在电动机的转轴上；
（2）气垫导轨通气稳定后，轻推滑块使其依次通过光电门1和光电门2，通过的时间分别为、，当 （选填“＜”、“＝”或“＞”）时，说明气垫导轨已经水平；
（3）用细线跨过定滑轮连接滑块和圆盘的边缘，接通气势导轨的气源；
（4）待气垫导轨通气稳定后接通电动机的电源，滑块依次通过光电门1和光电门2；
（5）记录通过光电门1和光电门2的时间分别为、，滑块从光电门1运动到光电门2的时间为t；
（6）滑块通过光电门1时的速度大小v1= ，滑块通过光电门2时圆盘转动的角速度大小ω2= ；（用已测物理量的符号表示）
（7）该电动机启动过程中的角加速度β= 。（用已测物理量的符号表示）
14.（9分）某同学用如图甲所示的装置验证小球运动过程中机械能守恒，铁架台顶端固定一个细横柱，长为36.00cm的细绳一端悬挂在O点处，另一端悬挂一个小钢球。在铁架台上竖直固定一白板，调整细线使小球静止时刚好不与白板接触，在白板上用圆规做出一半径R=36.00cm的半圆（圆心与细圆柱重合），用刻度尺等间距的做三条直线，将半径OD均分为4份，直线与右侧圆周的交点分别为图中的A、B、C三点。
甲
（1）实验步骤如下：
①用游标卡尺测量小球的直径如图乙所示，小球的直径d= cm
乙
②调整细绳的长度为 cm，使小球摆动时球心刚好经过白板上的圆弧；
③将光电门固定在A点，将小球拉起至与圆心等高处，由静止释放小球，测出小球通过光电门的时间为6.16ms，则小球经过A点时的速度为 m/s（计算结果保留3位有效数字）；已知当地重力加速度g=9.8m/s2，根据测量出的数据 验证小球下摆过程中机械能守恒（选填“能”或“不能”）；
④将光电门依次固定在B、C、D点，重复实验，分析数据；
（2）另一同学在做上述实验时，发现测出的速度总大于上一名同学，可能的原因是 。
15.（9分）河南省商丘市规定在市区部分区域内全天禁止电动三轮车通行。政策实施后，许多人开始使用排子车，如图所示，人用斜向上的力拉排子车在平直的土路上行走，排子车的质量为40kg，货物的质量为260kg，拉力与水平方向的夹角为，排子车所受阻力是其对接触面压力的倍。若人用1200N的拉力由静止拉排子车，经过12s时间达到最大速度。重力加速度g取10m/s2，，。求：
（1）人拉排子车的加速度大小；
（2）从静止开始到最大速度过程中，人的平均速度的大小。
16.（12分）如图所示，三个内壁光滑、半径均为的圆弧管道固定在同一竖直面内，A、O1、C、O2在同一水平线上，B为最低点，D为最高点，D、O2以及斜面的底端在同一竖直线上，斜面的倾角。一质量为的小球（视为质点）从A点以初速度进入管道，从D点水平抛出并落在斜面上。，，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。求：
（1）小球通过B点时对管道的压力；
（2）小球D点抛出后在空中运动的时间。
17.（16分）如图所示，水平轨道、水平传送带以及倾斜传送带之间均平滑连接，水平传送带的长度为，倾斜传送带的长度为，水平传送带以速率顺时针转动，倾斜传送带以速率顺时针转动。质量为的滑块（可视为质点）在水平恒力F的作用下，从O点由静止开始运动，运动后以动能滑上水平传送带，同时撤去力F，滑块与水平轨道、水平传送带间的动摩擦因数均为，滑块与倾斜传送带间的动摩擦因数为，倾斜传送带与水平面间的夹角，重力加速度g取10m/s2，，，求：
（1）水平恒力F的大小；
（2）滑块在水平传送带上运动的时间；
（3）滑块在沿着倾斜传送带向上运动的过程中产生的热量。
2025届普通高等学校招生全国统一考试
青桐鸣高一联考参考答案
物理
1.D 解析：11：14和15：14指时刻，A错误；704公里指旅客从南宁东站至香港西九龙站的路程，B错误；路程与时间的比值为平均速率，C错误；G417次高铁列车的时速可达350公里指其瞬时速度的大小为350km/h，D正确。故选D。
2.A 解析：根据电场线的疏密程度可知，电场线越密集的区域电场强度越强，故，A正确。故选A。
3.C 解析：根据，可知，C正确。故选C。
4.A 解析：该同学用软件模拟万有引力作用下的椭圆运动，根据开普勒第三定律，可知，解得，A正确。故选A。
5.C 解析：对小球受力分析，由牛顿第二定律得，由几何关系得，解得，从水平桌面上出现小球的影子开始计时，竖直挡板上出现小球影子的时刻为，C正确，A、B、D错误。故选C。
6.C 解析：对重物受力分析，由牛顿第二定律得，解得，故A错误；对定滑轮受力分析，由平衡条件得轮轴对定滑轮的作用力，故B错误；对人受力分析，由平衡条件得水平地面对人的支持力大小，解得，故C正确；当人恰好要离开水平地面，则绳子中拉力的大小，对重物由牛顿第二定律得，解得，D错误。故选C。
7.A 解析：设地球的自转周期为T，则，解得，在北极，由万有引力等于重力得，在赤道，由牛顿第二定律得，该飞机静止在赤道上时受到的重力大小为，A正确，B、C、D错误。故选A。
8.C 解析：0~0.5h阶段，根据动能定理可得，解得牵引力做的功为，A错误；0.5h~4h阶段，无人机牵引力功率恒定，，根据，解得，牵引力的功率为，根据动能定理：，解得，B错误；0.5~7h阶段，无人机的动能增加了1.5mgh，重力势能增加了6.5mgh，机械能增加了8mgh，故C正确；7h~9h阶段，牵引力做功为0，D错误。故选C。
9.BC 解析：如下图为对小球受力分析示意图，可知电场力方向水平向右，根据正电荷的电场力方向与电场方向相同，故电场方向水平向右，B正确；小球受力平衡，，，C正确。故选B、C。
10.AC 解析：卫星在竖直上升过程具有竖直向上的加速度，处于超重状态，A正确；由万有引力提供向心力得，化简得，所以卫星在轨道3运行的角速度小于在轨道1运行的角速度，B错误；由牛顿第二定律得，化简得，所以卫星在P点和Q点的加速度大小之比为，C正确；卫星由轨道1变到轨道2做离心运动，需在P点加速，卫星的动能增大，D错误。故选A、C。
11.ABD 解析：对游客，由动能定理得，解得L=180m，A正确；在倾斜轨道部分摩擦力对游客做的功为，B正确；对游客，由牛顿第二定律得，解得，由匀变速直线运动规律得，解得，重力对游客做功的平均功率为，C错误；在斜面底端，重力对游客做功的功率为，D正确。故选A、B、D。
12.ACD 解析：初始时小球B处于平衡状态，，对小球A：，解得，A正确；开始运动时小球B的加速度为0，B错误；根据系统机械能守恒定律，，解得，C正确；对小球B除重力以外的力做的功等于小球B机械能的变化，D正确。故选A、C、D。
13.答案：（2）=
（6）
（7）
解析：（2）当滑块通过光电门1和光电门2的时间相等，即，说明滑块做匀速直线运动，气垫导轨已经水平；
（6）由于遮光条的宽度很小，用滑块通过光电门的平均速度表示瞬时速度，所以滑块通过光电门1时的速度大小，通过光电门2时的速度大小，由可得滑块通过光电门2时圆盘转动的角速度大小；
（7）由角加速度的定义可得电动机启动过程中的角加速度。
14.答案：（1）①0.82（0.80~0.84也得2分）②35.59（35.58~35.60也得2分）③1.33（1.30~1.36也得2分）能（2分）
（2）小球运动时球心未与白板上的圆弧重合（其他答案合理也得1分）。
解析：（1）①小球的直径；
②小球摆动时球心刚好经过白板.上的圆弧，即细绳结点到球心的距离与圆弧半径相等，故细线的长度应为；
③小球经过A点的速度，代入数据可得，即测量出的数据可以验证小球下摆过程中机械能守恒；
（2）速度测量值偏大可能是由于时间测量偏小，故可能的原因是小球运动时球心未与白板上的圆弧重合。
15.答案：（1） （2）。
解析：（1）对排子车和货物，受力分析得
由牛顿第二定律得
解得
（2）对排子车和货物，由匀变速直线运动规律得
人的平均速度的大小为
解得
16.答案：（1），方向竖直向下（2）t=0.4s。
解析：（1）小球从A点运动到B点，由机械能守恒定律得
小球在B点，由牛顿第二定律得
由牛顿第三定律得压力
解得
方向竖直向下
（2）小球从A点运动到D点，由机械能守恒定律得
由平抛运动规律得
由几何关系得
解得t=0.4s
17.答案：（1）F=13N （2）t=1.5s （3）Q=3J。
解析：（1）对滑块，由动能定理得
解得：
（2）滑块滑上水平传送带的初速度有
解得
由牛顿第二定律得
解得
做匀减速直线运动的时间和位移有
做匀速直线运动的时间有
滑块在水平传送带上运动的时间为
解得
（3）对滑块，由牛顿第二定律得
解得
做匀减速直线运动的时间为
滑块与传送带间的相对位移有
滑块与倾斜传送带速度相等后，对滑块，由牛顿第二定律得
解得
做匀减速直线运动的时间为
滑块与传送带间的相对位移有
滑块在沿着倾斜传送带向上运动的过程中产生的热量为
解得