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高一年级物理参考答案
一、单选题（本题共 7小题，每小题 4分，共 28分）
1 2 3 4 5 6 7
题号
A C B D A D B
答案
1．【答案】A
【解析】A选项：根据牛顿第二定律 F=ma，力与加速度瞬时对应关系；B选项：速率可
以相等，如匀速圆周运动；C选项：曲线运动的条件，力与速度不共线；D选项：速度变化
率即加速度，可以相同，如平抛运动。
2．【答案】C
【解析】A、B、C选项：速度关联问题，速度分解，v =vcosα，α减小，v 增大，加速上
物 物
升；D选项：加速上升，超重现象。
3．【答案】B
F
【解析】A选项：设弹力与竖直方向的夹角为θ， tanθ = n F = mrω 2n 在 A、B位置，
mg
，
2 mg tanθ mg
θ不变，所以 Fn不变，ω = ，所以ωA <ωB C选项：FN = ，θ不变，所以
r ； cosθ
F
FN不变，即 FA = FB B
n
选项： tanθ = Fn = mrω
2
r=Rsinθ （R为球的半径），由
； mg ，
，
ω 2
g mg
以上三式得 = ，所以θ越大，ω也越大，即ωC >ωD D选项： FN = ，θ越
R cosθ ； cosθ
大，FN也越大，所以FC >FD
。
4．【答案】D
【解析】A、C选项：汽车和圆盘一起匀速转动，汽车受到重力、支持力、摩擦力，摩擦
力提供向心力，指向圆心；B选项：加速转动，汽车受到的摩擦力的方向不指向圆心；D选
4π 2n2R
项： mg = mRω 2，ω = 2πn，所以 = ，故 D正确。
g
5．【答案】A
2.5 2
【解析】A、B、C、D选项：n = r / s VA=rAω，ω = 2πn VA=VB，ωB=ωC，a = Rω
， ，
π
，
由以上关系得：ωA=5rad/s，ωB=15rad/s，ωC=15rad/s，VA=0.3m/s，aA=1.5m/s2，aB=4.5m/s2，
aC=67.5m/s2。
1 5
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6．【答案】D
v2
【解析】A选项：当 v< gl ，mg-F=m ，F随 v的增大而减小，A错误；B选项：当
R
v2 gl v2
v> gl mg+F=m ，F随 v的增大而增大，B错误；C选项：当 v= 时，mg-F=m ，
R 2 R
1 3gl v2
解得 F= mg，杆对小球的作用力方向向上；D选项：当 v= 时，mg+F=m ，解得
2 2 R
1
F= mg ，杆对小球的作用力方向向下，故 D正确。
2
7．【答案】B
y 1 2 2v tanθ
【解析】A选项： tanθ = 0， y = gt2 ， x =v0 t2 由以上三式得： t2 = ，所
x 2 ， g
vy1 v0 tanθ t
以，v 20越大，t2越大；B选项：tanθ = ，vy = gt1 由以上两式得：t1 = ， = 2，
v 1 ，0 g t1
vy
B C D tan(α +θ ) = 2 vy2=gt2 tan(α +θ ) = 2 tanθ所以 正确； 、 选项： ， ，由以上关系式得：
v ，0
θ不变，所以α不变，α与 v0无关。
二、多选题（本题共 3小题，每小题 6分，共 18分）
8 9 10
题号
AC BC BD
答案
8．【答案】AC
2 2
【解析】A选项：速度合成，vx=1.5m/s，vy=2m/s，v = v + v = 2.5m / s，所以 A正确；
x y
B选项：5-10s匀速运动，其它时间段做曲线运动；C选项：围成面积表示位移的大小，所以
上升高度为 15m；D选项，0-5s内向上加速，a=0.4m/s2，F-mg=ma，F=5200N，所以绳中张
力最大为 5200N。
9．【答案】BC
v
【解析】A选项，斜抛运动，最高点速度不为 0；B选项， a = ，a=g，所以 v=gt，与
t
2
g方向相同，竖直向下；C选项，水平速度 vx不变，根据速度的合成与分解；在C点：vx = v，
2
vx 2 v
2
在 A点：cos60 = ，所以 vA = 2v
2
D选项，vyc = 2gh，vyc = v 所以 h = ，
v ；A 2 4g，
D错误。
2 5
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10．【答案】BD
1 2 2π
【解析】A、B、C、D选项：小球平抛时间：h = gt1 圆盘转动时间 t2=kT，T = ，
2 ω
，
t1=t2，由以上关系得：ω = 5πk (k=1，2…），所以 BD正确。
三、非选择题（本题共 5小题，共 54分）
11．【答案】（每空 3分，共 9分）
（1）AD
（2）1.47 1.96
【解析】
（1）A选项：观察到 A与 B两球同时落地；BC选项：实验现象不能说明；D选项：平抛物
体的运动在竖直方向为自由落体运动。
2 3L 8L
2 y = gt y = 2L（ ） t=0.1s，v = =1.47m / s v = =1.96m / s
， ，L=4.9cm 0 yB， t 2t
，
12．【答案】
（1）23.55（23.54-23.56也给分）（1分）
h
2 2π（ ）
g
（3分）
2
（3）9.86 (9.87也给分，写成π 不给分）（2分）
【解析】
F
（2） tanθ = n
mg
2π
F 2n = mR( )
T
R
tanθ =
h
h
T = 2π
由以上三式得：
g
h 2π
（3）由结论（2）：T = 2π = h
g g
2π
K =
g
4π 2
g = k代入得：g=π2=9.86 m/s2
k 2
13．（10分）
解：（1）当速度方向与水平方向夹角为 30°时
3 5
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v
tan 30° = 1 ……………（2分）
v0
当速度方向与水平方向夹角为 60°时
v
tan 60° = 2 ………………（1分）
v0
v2 v1 = gt ………………（2分）
解得： v0=15m / s ………（1分）
（2） v2 =15 3m / s … …………（1分）
v22 = 2gh ……………（2分）
h = 33.75m ……………（1分）
135
（第二问 h = m也给分，其它方法，只要合理正确也给分）
4
14．（13分）
解：（1）当小球在桌面上运动，刚好无压力时
F
tanθ = n
mg ……………（2分）
v2
Fn = m
R ……………（2分）
R
sinθ =
L ……………（1分）
gl
v = sinθ
cosθ
v = 2.1m / s
代入数据得： ……………（2分）
（2）当小球以角速度ω =3rad/s运动时，假设小球仍在桌面上运动，且无压力
v = Rω0 ……………（1分）
解得：ω0 = 3.5rad/s ……………（1分）
因为：ω <ω0 ……………（1分）
所以小球在桌面上运动且有压力
Fsinθ = mRω 2 ……………（2分）
F= 4.5N ……………（1分）
（其它方法，只要合理正确也给分）
4 5
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15．（16分）
解：（1）当物块恰好通过最高点 N时
2
v
mg = m N …………（2分）
R
vN = gR = 2m / s …………（1分）
…………（1分）
（2）L = vNt1
t1 =0.2 s …………（1分）
v1 = gt1 = 2m / s …………（1分）
v
tanθ = N =1 …………（1分）
v1
θ=45° …………（1分）
（3）当物块再次运动到最高点 N时对轨道的压力为 4mg
v2
FN +mg = m ………（2分）
R
FN = 4mg
v = 2 5m / s …………（1分）
L = vt2 …………（1分）
5
t2 = s ………（1分）
25
1 2
h1= gt1 = 0.2m …………（1分）
2
1 2
h2= gt2 = 0.04m …………（1分）
2
PA之间的距离为：
h = h1 h2 = 0.16m …………（1分）
（其它方法，只要合理正确也给分）
5 5
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