卷子答案网-一个不只有答案的网站贞丰县2023-2024学年高二上学期第一次月考
物理
（考试时间：120 满分：100分）
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、玨级、考号等信息；
2．请将答案正确填写在答题卡。
第Ⅰ卷 选择题（共40分）
一、选择题（本大题共9小题。每小题4分。第1 7小题只有一项符合题目要求，第8 9小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
1. 下列是某同学对电场中的概念、公式的理解，其中正确的是（ ）
A. 根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度与试探电荷的电荷量成反比
B. 根据电容的定义式，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C. 根据真空中点电荷电场强度公式，电场中某点电场强度与场源电荷的电荷量成正比
D. 根据公式，带电量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为1V
2. 如图（甲）所示中，AB是一个点电荷形成的电场中的一条电场线，图（乙）则是放在电场线上P、Q处检验电荷所受电场力的大小与其电荷量间的函数图象，电场方向由A指向B，由此可以判断（ ）
A. 场源电荷是正电荷，位于A侧 B. 场源电荷是正电荷，位于B侧
C. 场源电荷是负电荷，位于A侧 D. 场源电荷是负电荷，位于B侧
3. 如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是 ( )
A.
B.
C.
D.
4. 如图所示，A、B是匀强电场中相距4cm的两点，其连线与电场方向的夹角为60°，两点间的电势差为20V，则电场强度大小为（ ）
A. 5V/m B. 50V/m C. 1×102V/m D. 1×103V/m
5. 图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26 eV和5 eV．当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8 eV时,它的动能应为（ ）
A. 8 eV
B. 13 eV
C 20 eV
D. 34 eV
6. 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，设两极板正对面积S，极板间的距离为d，极板所带电荷量为Q，静电计指针偏角为，实验中（ ）
A. 保持Q、S不变，增大d，则变小，C变小
B 保持d，S不变，增大Q，则变大，C变大
C. 保持Q，d不变，减小S，则变大，C变小
D. 保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质，则变小，C变小
7. 如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点，下列判断正确的是（ ）
A. M、N、P三点中M点的场强最大
B. M、N、P三点中M点的电势最高
C. 电子在M点电势能大于在N点的电势能
D. 正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点
8. 如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，a、b、c为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（ ）
A 粒子一定带正电
B. 粒子在a点和在c点的加速度相同
C. 粒子在a、c之间运动过程中的动能先增大后减小
D. 粒子在a点的电势能比在b点时的电势能大
9. 如图所示，两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，闭合开关S，给电容器充电．在两极板间有固定点P．用E表示两极板间的电场强度，φ表示P点的电势，下列说法正确的是（ ）
A. 保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，φ增大
B. 保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，E增大
C 若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，则E不变
D. 若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，φ减小
第Ⅱ卷 非选择题（共60分）
二、填空题（本大题共3小题，共24分）
10. 电量为的正点电荷放入电场中A点，受到作用力为，方向向右，则该点的场强为____________，方向_________．若把另一电荷放在该点受到力为，方向向左，则这个电荷的电量为___ C．
11. 将一个电量 -2×10-8 C的点电荷，从零电势点O移到M点需克服电场力做功4×10-8J，则M点电势φM=________；若将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10-7J，则N点电势φN=_______。
12. 将一电量为的电荷从电场中的点移到点，电场力做功为，则、两点的电势差__________；再把这个电荷从点移到点，电场力做功，则、两点的电势差__________；、、三点中电势最高的点的是__________点。
三、计算题（本大题2道题，共36分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13. 如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45°角，已知AO的水平距离为d，不计重力，求：
(1)从A点到B点所用的时间；
(2)粒子在B点的速度大小；
(3)匀强电场的电场强度大小．
14. 如图在真空中存在着竖直向下的匀强电场，场强为E．一根绝缘细线长为L，一端固定在图中的O点，另一端固定有一个质量为m、带电量为+q、可视为点电荷的小球，O点距离地面的高度为H，将小球拉至与O点等高的位置A处从静止释放．求：
（1）小球运动到O点正下方B点时的速度大小
（2）此刻细线对B点处的小球的拉力大小
（3）若小球通过B点时，细线恰好断开，求小球落地点与O点的水平位移x．
贞丰县2023-2024学年高二上学期第一次月考
物理 答案解析
（考试时间：120 满分：100分）
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、玨级、考号等信息；
2．请将答案正确填写在答题卡。
第Ⅰ卷 选择题（共40分）
一、选择题（本大题共9小题。每小题4分。第1 7小题只有一项符合题目要求，第8 9小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）
1. 下列是某同学对电场中概念、公式的理解，其中正确的是（ ）
A. 根据电场强度的定义式，电场中某点的电场强度与试探电荷的电荷量成反比
B. 根据电容的定义式，电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C. 根据真空中点电荷电场强度公式，电场中某点电场强度与场源电荷的电荷量成正比
D. 根据公式，带电量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为1V
【答案】C
【解析】
【详解】A．电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，电场强度的定义式，只是为研究电场的性质方便，而定义的，A错误；
B．电容器的电容是描述电容器容纳电荷多少的物理量，电容大小取决于电容器的本身，不能理解成电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，B错误；
C．电场中某点电场强度是由场源电荷决定的，所以由真空中点电荷电场强度公式，可知电场中某点电场强度与场源电荷的电荷量成正比，与该点到场源电荷的距离的平方成反比，C正确；
D．由公式，可知带电量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，即电场力做功是 1J，则有
则A、B点的电势差为 1V，D错误。
故选C。
2. 如图（甲）所示中，AB是一个点电荷形成的电场中的一条电场线，图（乙）则是放在电场线上P、Q处检验电荷所受电场力的大小与其电荷量间的函数图象，电场方向由A指向B，由此可以判断（ ）
A. 场源电荷是正电荷，位于A侧 B. 场源电荷是正电荷，位于B侧
C. 场源电荷是负电荷，位于A侧 D. 场源电荷是负电荷，位于B侧
【答案】A
【解析】
【详解】由电场强度的定义式得：F=Eq，则知：F-q图象的斜率表示电场强度大小，图线Q的斜率小于P的斜率，说明Q处场强小于P处的场强，该电场是由点电荷产生的，说明Q距离场源较远，即场源位置位于A侧；因为电场线的方向由A指向B，因此为正电荷。
故选A。
3. 如图所示，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，则下列四个选项中，正方形中心处场强最大的是 ( )
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
【详解】根据点电荷电场强度公式，结合矢量合成法则，两个负电荷在正方形中心处场强为零，两个正点电荷在中心处电场强度为零，故A错误；同理，正方形对角线异种电荷电场强度，即为各自点电荷在中心处相加，因此此处的电场强度大小为，故B正确；正方形对角线的两负电荷的电场强度在中心处相互抵消，而正点电荷在中心处，叠加后电场强度大小为，故C错误；根据点电荷电场强度公式，结合叠加原理，则有在中心处的电场强度大小，故D错误．所以B正确，ACD错误．
4. 如图所示，A、B是匀强电场中相距4cm的两点，其连线与电场方向的夹角为60°，两点间的电势差为20V，则电场强度大小为（ ）
A. 5V/m B. 50V/m C. 1×102V/m D. 1×103V/m
【答案】D
【解析】
【分析】由匀强电场中电势差和电场强度的关系求解电场强度E．
【详解】由题知，，，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系：，得：，故选D．
【点睛】本题关键掌握匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，要知道d是两点沿电场线方向的距离，该公式只适用于匀强电场．
5. 图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26 eV和5 eV．当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8 eV时,它的动能应为（ ）
A. 8 eV
B. 13 eV
C. 20 eV
D 34 eV
【答案】C
【解析】
【详解】由题意，电荷经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV，动能减小为21eV．而相邻的等势面之间的电势差相等，电荷在相邻等势面间运动时电场力做功相等，电势能变化量相等，则电荷从3等势面到4等势面时，动能减小7eV，电势能增大，等势面3的电势为0，电荷经过b时电势能为7eV，又由题，电荷经b点时的动能为5eV，所以电荷的总能量为E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV，其电势能变为-8eV时，根据能量守恒定律得到，动能应为20eV．
A．8 eV，与结论不相符，选项A错误；
B．13 eV，与结论不相符，选项B错误；
C．20 eV，与结论相符，选项C正确；
D．34 eV，与结论不相符，选项D错误；
6. 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，设两极板正对面积S，极板间的距离为d，极板所带电荷量为Q，静电计指针偏角为，实验中（ ）
A. 保持Q、S不变，增大d，则变小，C变小
B. 保持d，S不变，增大Q，则变大，C变大
C. 保持Q，d不变，减小S，则变大，C变小
D. 保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质，则变小，C变小
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据电容的决定式得知，电容与极板间距离成反比，当保持Q、S不变，增大d时，电容C减小，因电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大，故A错误；
B．当保持d、S不变，增大Q时，根据电容的决定式得知，电容C不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增大，则变大，故B错误；
C．根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容C减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大，故C正确；
D．当保持Q、S、d不变，在两极板间插入电介质，根据电容的决定式得知，电容C变大，而由电容的定义式分析可知板间电势差减小，则变小，故D错误。
故选C。
7. 如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点，下列判断正确的是（ ）
A. M、N、P三点中M点的场强最大
B. M、N、P三点中M点的电势最高
C. 电子在M点的电势能大于在N点的电势能
D. 正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】A．电场线的疏密反映了场的强弱，N点处电场线最密，所以N点场强最大，故A错误；
B．顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，故B正确；
C．根据
可知，负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，故C错误；
D．在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不沿电场线，故D错误。
故选B。
8. 如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，a、b、c为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（ ）
A. 粒子一定带正电
B. 粒子在a点和在c点的加速度相同
C. 粒子在a、c之间运动过程中的动能先增大后减小
D. 粒子在a点电势能比在b点时的电势能大
【答案】CD
【解析】
【详解】由粒子的运动轨迹可知，粒子的电性与场源电荷的电性相反，但不能确定粒子的电性，选项A错误；粒子在a点和在c点所受的电场力大小相同，方向不同，则加速度大小相同，方向不同，选项B错误；粒子在a、c之间运动过程中，电场力先做正功，后做负功，则粒子的动能先增大后减小，选项C正确；从b到a电场力做负功，电势能变大，则粒子在a点的电势能比在b点时的电势能大，选项D正确；故选CD.
点睛：本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法；本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解．
9. 如图所示，两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，闭合开关S，给电容器充电．在两极板间有固定点P．用E表示两极板间的电场强度，φ表示P点的电势，下列说法正确的是（ ）
A. 保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，φ增大
B. 保持S接通，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，E增大
C. 若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，则E不变
D. 若断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，φ减小
【答案】AC
【解析】
【详解】保持S接通，则两板间的电势差不变，上极板A不动，将下极板B缓慢向下移动稍许到B′，导致d增大，由可知，两极板间的电场的电场场强减小，则P到上极板的电势差减小，因此P点的电势升高，故A正确，B错误；断开S，下极板B不动，将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，因两板上所带电量不变，减小距离d，电容增大，由，及，则可知E不变，故C正确；由上分析可知，因电场强度不变，当将上极板A缓慢向下移动稍许到A′，而P到B极板间的电势差不变，则其电势不变，故D错误；故选AC．
【点睛】电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开则极板上的电量不变；和电源相连，则两板间的电势差不变．
第Ⅱ卷 非选择题（共60分）
二、填空题（本大题共3小题，共24分）
10. 电量为的正点电荷放入电场中A点，受到作用力为，方向向右，则该点的场强为____________，方向_________．若把另一电荷放在该点受到力为，方向向左，则这个电荷的电量为___ C．
【答案】 ①. 200 ②. 向右 ③.
【解析】
【详解】[1] [2]A点的场强
方向：向右．
[3]把另一电荷放在该点时，场强不变，由
得
11. 将一个电量 -2×10-8 C的点电荷，从零电势点O移到M点需克服电场力做功4×10-8J，则M点电势φM=________；若将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10-7J，则N点电势φN=_______。
【答案】 ①. -2V ②. 5V
【解析】
【分析】
【详解】[1]由题意可知，从O点移到M点电场力做功W=-4×10-8J，根据公式W=qU可知
UOM=0-φM=2V
故
φM=-2V
[2]将电量-2×10-8C的点电荷从M点再移至N点电场力做功1.4×10-7J，根据公式W=qU可知
UMN=φM-φN=-7V
故
φN=5V
12. 将一电量为的电荷从电场中的点移到点，电场力做功为，则、两点的电势差__________；再把这个电荷从点移到点，电场力做功，则、两点的电势差__________；、、三点中电势最高的点的是__________点。
【答案】 ①. ②. ③.
【解析】
【详解】[1]根据电场力做功,解得
即
[2]根据电场力做功,解得
即
[3]根据题意可知
即
综上所述
故最高点是点。
三、计算题（本大题2道题，共36分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）
13. 如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45°角，已知AO的水平距离为d，不计重力，求：
(1)从A点到B点所用的时间；
(2)粒子在B点速度大小；
(3)匀强电场的电场强度大小．
【答案】(1) (2) v0(3)
【解析】
【详解】(1)粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向射入电场，
水平方向做匀速直线运动，则有：
解得：
（2）由牛顿第二定律得：
将粒子射出电场的速度v进行分解，则有 vy=v0tan45°=v0
根据速度时间关系：vy=at
联立解得：
（3）由动能定理得：
解得：
14. 如图在真空中存在着竖直向下的匀强电场，场强为E．一根绝缘细线长为L，一端固定在图中的O点，另一端固定有一个质量为m、带电量为+q、可视为点电荷的小球，O点距离地面的高度为H，将小球拉至与O点等高的位置A处从静止释放．求：
（1）小球运动到O点正下方B点时的速度大小
（2）此刻细线对B点处的小球的拉力大小
（3）若小球通过B点时，细线恰好断开，求小球落地点与O点的水平位移x．
【答案】（1）（2）3（mg+qE）（3）
【解析】
【详解】（1）从A到B过程，由动能定理得：
小球到达B点时的速度为：
（2）在B点，由牛顿第二定律得：，解得：；
（3）对小球在绳断开后的类平抛运动：
由牛顿第二定律有：
竖直方向上有：
水平方向上有：，联立解得：．
点睛：本题考查了动能定理以及牛顿第二定律，知道小球做圆周运动沿半径方向上的合力提供向心力，注意类平抛运动的处理方法．
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