卷子答案网-一个不只有答案的网站绝密 水平面接触且有挤压，B球悬于空中，如图所示，不计轻绳和滑轮间的摩擦，若 A发生均匀的少量膨胀
后，两球仍能保持静止状态，则（ ）
2023年 高考前押题卷（辽宁卷）
A．两球的质量不可能相等
物理 B．水平面对平台一定有静摩擦力的作用
注意事项： C．膨胀后平台侧面对 A弹力变小
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 D．膨胀后 A对地面压力会变大
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 3．2022年 9月 16日，第九批在韩志愿军烈士的遗骸回归祖国，沈阳桃仙国际机场以“过水门”最高礼遇
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。 迎接志愿军烈士回家，以表达对英烈的崇高敬意。如图所示，仪式中的“水门”是由两辆消防车喷出的水
写在本试卷上无效。 柱形成的。两条水柱形成的抛物线对称分布，且刚好在最高点相遇。若水门高约 45m，跨度约90m。忽
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 略空气阻力、消防车的高度以及水流之间的相互作用，则下列说法正确的是（ ）
一、选择题：本题共 10小题，共 46分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7题只有一项 A．水喷出后经过约1.5s到达最高点
符合题目要求，每小题 4分，第 8~10题有多项符合题目要求。每小题 6分，全部选对的得 B．在最高点相遇前的瞬间，水柱的速度约为 0
6分，选对但不全的得 3分，有选错或不答的得 0分。 C．水喷出的瞬间，速度的水平分量约为 30m/s
1．2022年 6月 23日，东北首座核电站辽宁红沿河核电站正式具备商业运行条件，成为国内在运的最大 D．水滴在上升过程中，相等时间内速度的变化量相等
235
核电站。现代核电站主要是通过可控链式核裂变反应来实现核能的和平利用。已知一个 U原子核在中 4．如图所示，MN是空气与某种液体的分界面，一束红光由空气射到分界面，一部分光被反射，一部分92
光进入液体中。当入射角是 45°时，折射角为 30°。以下说法正确的是（ ）
235 1 144 89 1
子的轰击下发生裂变反应，其裂变方程为 92U 0n 56Ba 36Kr 30n，下列说法正确的是（ ）
A 2．该液体对红光的折射率为
2
B．光从空气进入液体，波长变短
C．该液体对红光的全反射临界角为 30°
D．当紫光以同样的入射角从空气射到分界面，折射角也是 30°
5．为空间站补给物质时，我国新一代货运飞船“天舟五号”实现了 2小时与“天宫空间站”快速对接，对接
A 1 235 144 89 1．裂变方程式左右两边都有中子 0n，可以改写成 92U 56Ba 36Kr 2 0n
后的“结合体”仍在原空间站轨道运行。对接前“天宫空间站”与“天舟
B 235． 92U在中子轰击下发生裂变反应过程中，质量守恒 五号”的轨道如图所示，则（ ）
C 144 235．裂变释放能量， 56Ba原子核的比结合能比 92U原子核的大 A．“天宫空间站”运行的速度始终不变
B．“天舟五号”可通过减速变轨，与“天宫空间站”完成对接
D 235． 92U在自然界中可发生衰变，60个铀核经过一个半衰期后，一定有 30个铀核发生衰变
C．“天宫空间站”的运行速度小于“天舟五号”的运行速度
2．质量均匀分布的光滑球 A与 B通过轻绳连接，跨过两轻质定滑轮悬挂于平台两侧，初始状态 A球与
D．“结合体”受到地球的引力等于“天宫空间站”受到地球的引力
第 1 页 共 3 页
6．如图甲所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为 22: 1，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流 10．如图甲所示，足够长的倾斜传送带以速度 v 2.5m / s沿顺时针方向运行，质量为 m，可视为质点的
电，副线圈通过电流表与负载电阻 R 20 相连．若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说 物块在 t 0时刻以速度 v0从传送带底端开始沿传送带上滑，物块在传送带上运动时的机械能 E随时间 t
法中正确的是
的变化关系如图乙所示，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取传送带最底端所在平面为零势能面，重
A．电流表的示数是0.5 2A
力加速度 g取10m / s2 ，则（ ）（ 37 ）
B．变压器的输入功率是 5W
C．流过 R的电流方向每秒改变 50次
D．当 t 1 10 2s时电压表的示数是 0V
7．如图所示，坐标平面内有边界过 P （0， L）点和坐标原点 O的圆形匀强磁场区域。方向垂直于坐标
平面，一质量为 m、电荷量为 e的电子（不计重力），从 P点以初速度 v0平行于 x铀正方向射入磁场区域，
从 x轴上的 Q点射出磁场区域，此时速度与 x铀正方向的夹角为 60°。下列说法正确的是（ ）
A．物块与传送带间的动摩擦因数为 0.25 B．物块的质量 m为 4kg
A．磁场方向垂直于坐标平面向外
C．物块滑上传送带时的速度为5m / s D．物块滑离传送带时的动能为 20J
B mvB．磁场的磁感应强度 0
2eL 二、实验题（本大题共 2小题，共 14.0分。第一小题 6分，第二小题 8分）
C．圆形磁场区域的半径为 2L 11. 某同学利用自由落体运动测量当地重力加速度，实验装置如左图，打点计时器接在频率为 50Hz的交
D．带电粒子做圆周运动的半径为 L 流电源上。重锤下落过程中，打点计时器在纸带上打出一系列如图所示的点迹。
8．图 1为一列简谐波在 t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在 x=1.0m处的质点，Q是平衡位置在 x=4.0m
处的质点。图 2为质点 Q的振动图像。下列说法正确的是（ ）
A．在 t=0.10s时，质点 Q向 y轴正方向运动
B．从 t=0.10s到 t=0.25s，质点 Q通过的路程为 30cm
C．从 t=0.10s到 t=0.25s，该波沿 x轴负方向传播了 8m
D．在 t=0.25s时，质点 P的加速度沿 y轴正方向
9．某空间存在沿 x轴的电场线， x1、x 、 x2 3、 x4是 x轴上的四个点，x （1）通过纸带上的点迹分布情况可以判断实验时重物连接在纸带的___________端（选填“左”或“右”）
（2）所测得的重力加速度大小为___________m/s2。（保留三位有效数字）
轴上各点电势 随位置的变化情况如图所示，x1处电势最高。下列说法正
（3）若该同学实验操作没有错误，实验测得物体的加速度应___________（选填“略大于”“略小于”或“等
确的是（ ）
于”）当地重力加速度。
A．x1点的电场强度为零 B．质子在 x3点受到的电场力为零 12. 某同学利用电压表和电阻箱测定特殊电池的电动势和内阻（E约为 10V，r约为50 ）。已知该电池
C．x 与 x 允许最大电流为 150mA，该同学利用图甲所示电路进行实验，电压表内阻约为 2kΩ，R为电阻箱，阻值2 4点的电场强度的方向相同 D．将一电子从 x1移到 x4的过程，电子的电势能一直减小
范围0 ~ 9999 ， R0 是定值电阻，起保护电路的作用。
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好。整个装置处于磁感应强度 B＝0.10 T，垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）．取
g＝10 m/s2。
（1）若导轨光滑，要保持金属棒在导轨上静止，求金属棒
受到的安培力大小；
（2 3）若金属棒 ab与导轨间的动摩擦因数μ＝ ，金属棒
6
（1）定值电阻 R0 有以下几种规格，应选___________；（填入相应的字母） 要在导轨上保持静止，求滑动变阻器 R接入电路中的阻值；
（3）若导轨光滑，当滑动变阻器的电阻突然调节为20 23 ΩA. 2 B. C. 200
时，求金属棒的加速度 a的大小。
（2）该同学完成电路的连接后，闭合开关 S，调节电阻箱的阻值，读取电压表的示数，其中电压表的某
一次偏转如图乙所示，其读数为___________V；
15．如图所示，某一游戏装置由轻弹簧发射器、长度 L 2m的粗糙水平直轨道 AB与半径可调的光滑圆
（3）改变电阻箱阻值，取得多组数据，作出图丙所示图线，则电动势的测量值 E测为___________V，内
弧状细管轨道 CD组成。质量m1 0.03kg的滑块 1被轻弹簧弹出后，与静置于 AB中点、质量m2 0.02kg
阻测量值 r测为___________Ω；（保留两位有效数字）
的滑块 2发生完全非弹性碰撞并粘合为滑块组。已知轻弹簧贮存的弹性势能 Ep 0.45J，两滑块与 AB的
三、解答题（本大题共 3小题，共 40.0分。第一小题 10分，第二小题 12分，第三小题 18
动摩擦因数均为 0.25，两滑块均可视为质点，各轨道间连接平滑且间隙不计，若滑块组从 D飞出落
分）
到 AB时不反弹且静止。
13．如图所示，下端开口的导热汽缸竖直悬挂在天花板下，缸口内壁有卡环，卡环与汽缸底部间的距离
（1）求碰撞后瞬间滑块组的速度大小；
为 L，一横截面积为 S的光滑活塞（质量、厚度均不计）将一定量的理想
（2）调节 CD的半径R 0.4m，求滑块组进入
气体封闭在汽缸内，活塞下方挂一质量为 m的砂桶，活塞静止时活塞与汽
4 L 11mg
到圆弧轨道后在 C点时对轨道的压力大小；
缸底部的间距为 。大气压强恒为 （g为重力加速度大小），环境
5 S （3）改变 CD的半径 R，求滑块组静止时离 B
热力学温度恒为T0 300K。 点的最远距离 s，并写出 R应满足的条件。
（1）若在砂桶中逐渐加入砂子，求活塞刚接触卡环时砂桶（含砂）的总
质量 M；
（2）若不在砂桶中加入砂子，对缸内气体缓慢加热，求气体的热力学温
度T 400K时的压强 p。
14．如图所示，在倾角θ＝30°的斜面上固定一间距 L＝0.5 m的两平行金属导轨，在导轨上端接入电源和
滑动变阻器 R，电源电动势 E＝12 V，内阻 r＝1 Ω，一质量 m＝20 g的金属棒 ab与两导轨垂直并接触良
第 3 页 共 3 页2023 年高考 考前押题卷 物理 T cos N mAg BC错误；
D．速度变化量为矢量，水滴上升过程中只受重力，加速度不变，有
答案 即
v g t
一、选择题 mBg cos N mAg
可得水滴在上升过程中，相等时间内速度的变化量相等。D正确。
1 C A 235U 1n 144Ba 89 1． 【详解】 ．裂变反应 即92 0 56 36Kr 30n中左右两边 故选 D。
1 1 mBg cos m g
都有中子 0n
A
，这是核反应原理，必须有中子 0n的参与，不能改写成
由上式可知，则有两球的质量有可能相等，A错误； 故选 C。
235
92U
144
56Ba
89
36Kr 2
1
0n，故 A错误；
B．对平台及 A、B为整体，则整体在水平方向不受力作用，水平面 4．B【详解】A．该液体对红光的折射率为
B 235． 92U在中子轰击下发生裂变反应过程中，质量亏损，故 B错误； 对平台没有静摩擦力的作用，B错误； n sin45 2sin30
C 235 144．比结合能越大，原子核越稳定， U原子核裂变得到 CD．膨胀后， 变大，则根据共点力平衡条件可得92 56 Ba原子 选项 A错误；
144 235 144 T cos N m g
核，说明 56 Ba原子核比 92 U原子核更稳定，即 56 Ba
A c
原子核的比结合 B．根据 n 以及 v f 可知光从空气进入液体，波速变小，而频
v
T sin F
235
能比 92 U原子核的大，故 C正确； 率不变，则波长变短，选项 B正确；
由此可知，膨胀后 变大，T不变，地面对 A的支持力 N变大，由
C．该液体对红光的全反射临界角为
D．半衰期是针对大量放射性元素的统计规律，对少量放射性元素不
牛顿第三定律可知，A对地面压力会变大；膨胀后平台侧面对 A弹
D C arcsin
1
arcsin 1 45 0
适用，故 错误。
力 F增大，C错误，D正确。 n 2
2．D【详解】A．对 B分析，受到绳子的拉力和重力，则 选项 C错误；
故选 D。
T m g D．因为紫光的折射率大于红光，故当紫光以同样的入射角从空气射B 3．D【详解】A．两条水柱形成的抛物线对称分布，且刚好在最高点
到分界面，折射角小于 30°，选项 D错误。
对 A分析，受到重力 mAg、绳子斜向右上的拉力 T、平台的弹力 F、 相遇，可把水柱看成逆过程的平抛运动，竖直方向有
故选 B。
水平面的支持力 N，设 为绳子与竖直方向的夹角，如图所示，该拉 h 1 gt 2
2 5．B【详解】设地球表面物体质量为 m，重力加速度为 g，由万有引
力 T在竖直方向上的分力大小与地面的支持力 N的合力大小等于其
解得
力定律得
重力 mAg，则有
t 2h 2 45 s=3s G Mm mg
g 10 R2
地球的质量
A错误；
4 3
BC．水柱在水平方向做匀速直线运动，在最高点相遇前的瞬间，水 M R3
柱的速度等于水喷出的瞬间的水平分速度，则有 重力加速度的表达式为
v x 45 4x m/s=15m/s g G Rt 3 3
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2
地面以下深0.5R处的重力加速度大小为 又洛伦兹力提供向心力，可得 eBv0 m
v0 故 C错误；
r
g ' 4 G R 0.5g 3mv0 mv0 D．在 t=0.10s时，质点 P向 y轴正方向运动，再过 T 质点 P离开3 2 所以 B 4
er 2eL
故 ACD错误，B项正确。 平衡位置的位移为负值向平衡位置运动，所以在 t=0.25s时，质点 P
D错误，B正确；
故选 B。 的加速度沿 y轴正方向，故 D正确。
C．根据几何知识可知， QOP 90 ，所以 PQ为圆形磁场的直径，
6．B 故选 BD。
所以有 2R r
【详解】D．由图乙可知交流电压最大值 Um=220 2 V，有效值为 220V， 9．AC【详解】A． x图像的斜率表示电场强度，x1处为电势的
所以磁场区域的半径为 R L
U1 n 1据变压比 可知，输出电压有效值为 10V，电压表的示数为有 最高点即图像的顶点处，该处斜率为零，即电场强度为零，故 A正U C错误。2 n2
确；
8．BD
效值，则任意时刻的示数均为 10V，故 D错误；
【详解】A．由图 2可知在 t=0.10s时，质点 Q向 y轴负方向运动， B．x3点处图像的斜率不为零，故该点电场强度不为零，则质子在该
A．根据欧姆定律可知，
U 又由图 1可知波沿 y轴负方向传播，故 A错误； 点处受到的电场力不为零，故 B错误；I 0.5A，
R B．由图 2可知振幅 C．x2与 x x4在 图像的同一侧，即两点处的斜率都为负，则方向
电流表的示数是 0.5A，故 A错误；
A 10cm
相同，故 C正确；
B．变压器的输出功率
周期
D．带负电的粒子在电势低的地方电势能大，电子带负电，故电子在
P=UI=5W
T 0.2s
根据输出功率等于输入功率可知，变压器的输入功率是 5W，故 B正 电势越低的地方电势能越大，而从x1到 x4电势一直在降低，因此将
从 t=0.10s到 t=0.25s时间内
确；
t 0.25s 0.10s 0.15s 3
电子从x 移到 x1 4的过程中，电子的电势能一直在增大，故 D错误。 T
C．周期 T=0.02s，则流过 R的电流方向每秒改变 100次，故 C错误． 4
故选 AC。
质点 Q通过的路程为
10．BCD【详解】AC．根据图像可知在 0.25s 时物块的速度与传送
s 3A 30cm
带的速度相等。0.25-1.5s 物块的机械能增加，故摩擦力做正功，摩
故 B正确；
7．B【详解】 擦力方向沿斜面向上，且在 1.5s 时物块的机械能不再增加，即物块C．由图 1可知，波长为
的速度为零。以沿斜面向上为正方向，对物块分析受力，在 0-0.25s
8m
沿斜面方向由牛顿第二定律可得
波速为
8 -mgsinθ-μmgcosθ=ma1
A．粒子运动轨迹如图，根据左手定则，可知磁场垂直纸面向里，A v m/ s 40m/ sT 0.2 该过程由匀变速直线运动规律
错误； 从 t=0.10s到 t=0.25s，该波沿 x轴负方向传播
v=v0+a1t1
BD．根据几何知识，可知粒子的轨道半径 为 r 2L x v t 40 0.15m 6m
在 0.25-1.5s由牛顿第二定律可得
第 2 页 共 4 页
-mgsin θ+ μmg cosθ= ma2 二、实验题（每空 2 分） 由图像可知
此过程由匀变速直线运动规律可得 11.【答案】 左 9.69 略小于 b 1 0.1V 1 k r 0.25 0.1， A 1
E E 3 10 2
0=v+a2t2 【详解】（1）[1]重物在下落过程中做匀加速直线运动，则可知在连
解得
联立以上代入数据可得 续相等的时间间隔内通过的位移逐渐增大，因此可知重物连接在纸
E 10V，r 50Ω
v0=5m/s 带的左端。
三、解答题（第一小题 10 分，第二小题 12 分，第三小题
μ=0.5 （2）[2]由实验所得数据，根据连续相等时间间隔内的位移差公式
18 分）
故 A错误，C正确; x aT 2 32mg
13．40．（1）M 3m；（2） p
B．由像可知，物体的初始机械能为 可得 3S
1 2 a x (12.54 7.07) (7.07 3.15)
【详解】（1）未加砂子平衡时，根据平衡条件
E mv 2 2 2
2 0
50J 2 2 10 m/s 9.69m/sT (0.04)
p1S mg p0S
代入数据可得 （3）[3]在物块拖动纸带下落的过程中，不仅纸带与限位孔之间有摩
当活塞刚接触卡环时，对封闭气体，根据波义耳定律有
m= 4kg 擦，还有空气阻力的作用，因此该同学实验测得的物体的加速度应
4
故 B 正确； 略小于当地的重力加速度。 p1 LS p2LS5
D．由图像可知物块从底部滑至最高点，前后两阶段摩擦力做功的绝 12【答案】 ①. B ②. 6.5 ③. 10 ④. 50 根据平衡条件
对值之和为 【解析】 p2S Mg p0S
W=(50-35)+(60-35)J=40J 【详解】（1）[1]由闭合电路欧姆定律，有
联立解得
到达最高点时机械能为 60J。由于物块所受重力沿斜面的分力大于传
I E M 3mmin
送带对物块的摩擦力，故物块到达最高点后会沿斜面向下做初速度 r R0max
（2）活塞接触卡环之前，缸内气体发生等压变化，有
为零的匀加速直线运动。此过程中，物块向下移动的位移与物块向 解得 4 LS LS
上移动的位移相等，摩擦力大小相等，且下滑过程中摩擦力始终做 R 5 0max 16.7Ω T0 T1
负功。故从最高点运动至离开传送带的过程中，由能量守恒定律可
故选 B。 活塞刚接触卡环时，气体温度
得
（2）[2]电压表选用 0～15V，分度值为 0.5V，读数为 6.5V。 T1 375K
E Wf Ek （3）[3][4]由闭合电路欧姆定律，有
之后，气体发生等容变化，加热到T 400K时
代入数据可得
E U U Ir U r p1 p
T T
E R R0 1k 20J
解得
整理，可得
故 D正确。
p 16 p 32mg
BCD 1 r 1 1
故选 。 15
1 3S
U E R R0 E
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14.【答案】（1）0.1 N；（2）3Ω～11 Ω；（3）3.75 m/s2 此时金属棒的加速度 所以当圆弧轨道半径小于 0.1m时，滑块组能从 D点飞出，之后做平
【详解】（1）要保持金属棒在导轨上静止，对金属棒受力分析可得 a mg sin BIL 3.75m/s2 抛运动，继续调节圆弧轨道半径，其从 D点飞出的速度不同，其落
m
F mg sin 20 10 3 1 10 N 0.1N 在水平轨道上距离 B点的距离也不同，设半径为 R时，有
安 2 方向沿斜面向下。
L 1 2 1 2
3 15.【答案】（1）3m/s；（2）1N；（3）0.8m，若要滑块组从 D点飞出
m1 m2 g m1 m2 g 2R m1 m2 vD m1 m2 v2 2 2 共
（2）若金属棒 ab与导轨间的动摩擦因数 6 ，则金属棒受到的 其 R应该大于 0.1m 滑块组在 D点之后做平抛运动，有
最大摩擦力大小 1 2
【详解】（1）滑块 1被弹簧弹出的速度为 v1，有 2R gt2
Ff mg cos 0.05N E 1 2p m1v1 s v t2 D
①当摩擦力沿斜面向上时，有
滑块 1 整理有与滑块 2碰撞前速度为 v2，有
mg sin F1 Ff
m L 1
2
1g m v
2 1 m v 2 s 1.6R 16R
2 2 1 2 1 1此时 2
根据数学知识有，当 R 0.05m时，s取最大值，其值为 0.2m。
I F1 E
v
滑块 1与滑块 2粘在一起后速度为 共 ，有1 BL R r 当圆弧轨道半径小于 0.1m时，滑块组不能从 D点飞出，沿轨道滑回1
解得 m1v2 m1 m2 v共 水平轨道，最终静止在水平轨道上，设在水平轨道上滑动路程为 s'，
R BLE1 r =11Ω v 3m/s 由能量守恒mg sin mg cos 共 解得
1 2
②当摩擦力沿斜面向下时，有 （2）滑块组在碰撞后到 C点的过程中有 m1 m2 g s ' 0 m2 1 m2 v共
mg sin F F m m g L 1f 2 1 2 m m v 2
1
m m v 2
2 2 1 2 C 2 1 2 共
2 解得
此时 FN m1 m2 g m1 m2
vC
F R s'=1.8mI 2 E2 BL R2 r 解得 FN 1Ν 则滑块组静止时离 B点的最远距离为
解得
由牛顿第三定律有 F压 FN 1Ν s s '
L
0.8m
R2＝3 Ω 2
故滑动变阻器 R接入电路中的阻值在 3 Ω和 11 Ω 3 R之间． （ ）当半径为 1时，其滑块组恰好能到达 D点，因为是细管管道，
（3）当滑动变阻器的电阻突然调节为 23 Ω时，即 所以此时在 D点速度为零，有
R＝23 Ω m L 11 m2 g m1 m2 g 2R 0 m m v22 1 2 1 2 共
有
解得
I E 0.5A
R r R1 0.1m
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