卷子答案网-一个不只有答案的网站陕西省宝鸡市渭滨区2023年中考物理一模试卷
一、选择题（共10题，每题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．在校园中通常会遇到你所学的物理知识，下列情景中估测正确的是（ ）
A．一本初中物理课本的质量约为200g
B．九年级同学立定跳远成绩为5.2m
C．一个中学生重约50N
D．人感觉舒适的室温是40℃
2．为响应“双减”号召，丰富学生的业余活动，宝鸡市举行了中小学生合唱艺术节，你认为以下四个选项中解释不正确的是（ ）
A．歌唱者的声音是由其声带振动产生的
B．主持人使用话筒是为了提高其发出声音的音调
C．嘹亮的歌声是通过空气传到现场观众耳中的
D．禁止观众在艺术节会场大声说话是在声源处减弱噪声
3．我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识，下列诗句从物理学的角度解释正确的是（ ）
A．“空谷传响，哀转久绝”，句中描绘声音在山谷中产生回声
B．“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，句中“浓阴”是光的折射形成的
C．“池水映明月，潭清疑水浅”，句中“水浅”是由于光的反射造成的
D．“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，句中“汤沸”后继续加热，水的温度不断升高
4．2022年5月10日，在蔚蓝地球的映衬下，我国发射的天舟四号货运飞船成功对接空间站的天和核心舱。如图所示是对接过程中核心舱上摄像机拍摄的照片。下列说法正确的是（ ）
A．核心舱摄像机的镜头相当于凸透镜
B．光通过摄像机的镜头都是沿直线传播
C．地球通过核心舱上摄像机的镜头成虚像
D．天舟四号靠近核心舱时，它在核心舱摄像机上成的像逐渐变小
5．2022年9月起我省开启对秦岭地质、水质、生物多样性的综合科考，下列关于科考队员登山过程中涉及的物理知识说法正确的是（ ）
A．随着强烈升温，冰雪消融是熔化放热现象
B．科考队员在峰顶考察时易缺氧，因为海拔高的地方气压更低
C．科考队员以相同的速度沿直线登山时，他们之间是运动的
D．地面对队员的支持力和队员对地面的压力是一对平衡力
6．作为周秦王朝的发祥地，对以下宝鸡美食中蕴含的物理知识解释正确的是（ ）
A．“豆花泡馍”能长时间保温，是因为辣油漂浮在豆浆表面，使豆浆的蒸发加快
B．“陇县马蹄酥”在烤制过程中，饼的内能增加，这是通过做功的方式改变其内能
C．“豆腐包子”出锅时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气汽化吸热形成的
D．“岐山擀面皮”在调制过程中，散发出浓浓的醋香味，这是分子做无规则运动的缘故
7．近年来，随着科学技术的高速发展，新技术、新能源、新材料、新装置不断涌现，下列有关科技成果说法中正确的是（ ）
A．我国海域首次成功开采的可燃冰属于可再生能源
B．随着深海潜水器“奋斗者”号潜水深度的增加，其表面受到的液体压强逐渐增大
C．太阳核聚变获得核能的方式与普通核电站一致
D．北斗卫星与汽车导航系统之间通过超声波传播信号
8．学习了有关电路组成知识后，同学们都热情高涨，争相设计简易生活电路，如图是同学们设计出来的四个电路，你认为可以达到选项目的的电路是（ ）
A．抢答器电路：选择哪一个答案就按哪一个按钮（相当于闭合开关），对应的灯就亮
B．坐位体前屈电路：学生成绩越高（向右的F越大），电流表的示数越大
C．保密室电路：只有两道门都关上了（相当于开关闭合），值班室的灯才会亮
D．卫生间照明灯和换气扇电路：照明灯和换气扇的工作互相影响
9．关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：两孔插座和三孔插座是串联的
B．乙图：白炽灯泡的金属螺纹壳既可接火线，也可接零线
C．丙图：图中测电笔的使用是正确的
D．丁图：发生此类触电时，电路中的“漏电保护器”会自动断开，切断电路
10．如图甲是某校初中物理创新小组设计的“闯红灯违规模拟记录器”，当光控开关接收到某种颜色光时，开关自动闭合，且当压敏电阻受到车的压力，它的阻值变化规律如图乙所示，已知控制电路电压为6V，继电器线圈电阻10Ω，当控制电路中电流大于0.06A时，衔铁被吸合。下列说法中不正确的是（ ）
A．要记录违规闯红灯的情景，光控开关应在接收到红光时，自动闭合
B．光控开关接收到绿光时，指示灯亮，电控照相机不工作
C．质量小于400kg的车辆违规时不会被拍照记录
D．要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以在控制电路中串联一个电阻
二、填空与作图题（共8题，计22分）
11．当人接触汽车时有时会被“电”一下，这时手拿如图所示的静电消除器接触汽车，消除器中的LED灯发光，若瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的是 （填“正”或“负”）电荷，LED灯是由 （填“半导体”或“超导体”）材料制成的。
12．长征四号丙运载火箭以”一箭双星”方式成功将天绘六号A/B星送入预定轨道，火箭采用无毒无污染液氢作燃料，是因为这种燃料具有 大的特点：且当火箭在加速上升过程中，机械能 （填“增大”、“不变”或“减小”）。
13．如图，被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。它采用全新流线型头型，这是为了 ；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是 。车身长度约400m的“G1720次”列车，某次通过1600m长的隧道时全部在隧道内运行只用了12s的时间，该列车的速度约为 km/h.
14．我国首艘弹射型航空母舰“福建视”满载排水量为80000t，满载时舰体吃水深度（海面到舰底的距离）约为13m（海水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则福建舰满载时受到的浮力为 N；满载时福建舰底部受到的海水压强为 Pa，福建舰的舰载机起飞后，该舰受到的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
15．某款电热水壶的铭牌如图甲所示，该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是 Ω；楚杭同学利用电能表测量电热水壶的功率，他将电热水壶注满水后，关闭了家中的其他用电器，只让电热水壶工作，观察到家里的电能表的转盘1.5min转了60圈。则实际消耗的电能为 kW h，电热水壶的实际功率为 W，由此功率值和铭牌中的功率值可判断：此时的实际电压 （填“小于”、“等于”或“大于”）220V。（忽略温度对电阻的影响）。
型号 SYL﹣508
额定电压 220V
频率 50Hz
额定功率 1000W
16．汽车上很多地方都用到了物理知识：
（1）下列现象所对应的物理现象解释不合理的是 （填序号）
A．打开油箱盖会闻到汽油的味道——扩散现象
B．环保汽车使用气体燃料——减少对大气的污染
C．空调车车窗玻璃设计为双层——减少车内外热量的传递
D．小排量的车一般经济省油——发动机的效率低
（2）如图所示是汽油机工作过程中的四个冲程，其中属于机械能转化为内能的冲程是 （填序号）；
（3）一台单缸四冲程汽油机，若飞轮转速是1800r/min，该汽油机每秒钟内对外做功 次；
（4）若油箱内装有密度为0.71×103kg/m3，热值为4.6×107J/kg的汽油，当该车行驶100km时所消耗的汽油为4.2kg，则完全燃烧的汽油可使4.6t的水升高 ℃。（不考虑热量损失）
17．（2021·孝感）如图所示，O为支点，请在A点作出人用木棒撬动石头的最小作用力F的示意图，并标出其力臂l。
18．（2023九上·青岛期末）如图，已知静止在通电螺线管右端小磁针N极的指向，请用箭头在磁感线上标出磁感线的方向并在括号内用“正”“负”标出电源的正负极。
三、实验探究题（共4题，计22分）
19．
（1）如图1所示，所测物体的长度为 cm；
（2）图2中，电阻箱的读数是 Ω；
（3）如图3所示的实验可得出产生感应电流的条件是 ；
（4）如图4所示，在探究平面镜成像规律的实验中，选用两支大小、形状均相同的蜡烛是为了便于 。
20．物理学习小组的同学设计的“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验方案如图所示。
（1）为了测量木块受到的滑动摩擦力，楚杭用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 运动；
（2）从图甲、乙实验所得的初步结论是 ；
（3）为了探究滑动摩擦力大小与接触面是否有关，如图丙所示，楚杭竖直向下切去一半木块，测得滑动摩擦力大小是图甲中的一半，于是得出，滑动摩擦力大小与接触面积大小成正比，你认为此结论 （正确/错误），理由是 ；
（4）楚杭在进行乙图中实验时，改变放在木块上的砝码，通过多次实验得到滑动摩擦力F摩与作用在物体表面的压力F压的关系图线如图丁所示，由图可知：当木块与砝码对地面的压力变为12N时，木块在长木板上匀速滑动时受到的拉力为 N；
（5）交流评估时某实验小组提出：实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是 （多选）。
A．木板的粗糙程度不均匀 B．木板的长度太长
C．拉动木块的速度是变化的 D．木块与木板的接触面积太大
21．某物理实验小组在“测量小灯泡电功率”的实验中，选用器材连接了如图甲所示的电路，其中电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。
（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误。请在图甲中找出来并打“错”，再画线把它改到正确的位置上。
（2）正确连线、闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片向 （填“A”或“B”）端移动。
（3）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I﹣U图像。实验表明：小灯泡的亮度是由它的 决定的。由图像可知小灯泡的额定功率为 W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）将小灯泡换成发光二极管，测量加在它两端的电压和通过它的电流，计算它的电功率，将所得的电功率与小灯泡电功率相比，发现它们在亮度相当的时候， 的电功率较小。
（5）另一组的同学设计了如图丁所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率。电源电压未知但恒定不变，小灯泡的额定电压为U额，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大阻值为R0，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节R1的阻值，使电压表的示数为U额；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持R1的阻值不变，调节R2的阻值，使电压表的示数为U额；
③保持R2的阻值不变，将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数U1，再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数U2，则小灯泡的额定功率P额＝ 。（用U额、U1、U2、R0表示）
22．在实际生活中，人们都知道汽车行驶时轮胎气压过高或者过低都会损坏轮胎，影响行车安全，除此以外，是否还有其他影响呢？某小组同学查阅资料发现，汽车行驶时轮胎对沥青路面产生的压强称为轮胎平均接地压强，这一压强过大将会对沥青路面产生不利的影响，而轮胎平均接地压强与汽车荷载以及轮胎气压密切相关，下表是有关的实验数据。
序号 轮胎气压（×106Pa） 汽车荷载（×103N） 轮胎平均接地压强（×106Pa）
1 0.6 110 0.76
2 131 0.84
3 151 0.88
4 0.7 110 0.88
5 131 0.94
6 151 0.99
7 1.0 110 1.00
8 131 1.05
9 151 1.14
（1）分析实验序号1与2与3（或4与5与6，或7与8与9）的数据可得出的初步结论是，当轮胎气压一定时， 。
（2）分析实验序号1与4与7（或2与5与8，或3与6与9）的数据可得出的初步结论是，当汽车荷载相同时， ；由此可以猜想：当汽车荷载一定时轮胎气压改变可能导致轮胎与地面间的 改变，从而改变了轮胎平均接地压强。
（3）分析实验序号3与4的数据可得出的初步结论是，当轮胎气压从0.6×106Pa增大至0.7×106Pa时，所产生的效果相当于在轮胎气压保持0.6×106Pa的情况下增加约 N的汽车荷载。
（4）如果你是道路养护单位的工作人员，请结合上述结论和所学的物理知识，向广大车主解释在汽车荷载一定时，为什么夏天比冬天温度高反而给轮胎加气少？ （提示：爆胎情况不用分析）。
四、综合题（共2题，计16分）
23．如图是宝鸡海底捞引进的“欢乐送”送餐机器人，请回答以下问题：
规格参数
机器人空载时体重 30kg
机器人底座尺寸 50mm×60mm
轮子与地面接触总面积 1×10﹣4m2
满载工作时移动速度 0.8m/s
单盘承重 10kg
满载工作时功率 120W
（1）机器人空载时对地面的压强是多少？（g取10N/kg）
（2）送餐过程中，机器人以0.8m/s的速度匀速直线移动，若它在运动过程中所受阻力为50N，则在1min内驱动力对机器人所做的功是多少？
（3）当它满载工作时，机器人受到的驱动力多大？
24．节能饮水机关键在于它的热交换器，热交换器是分内管和外管，外管包裹着内管，内管是加热水胆里的开水输送出去，外管把冷水输送进加热水胆，冷水吸收开水的热量，在进入加热水胆之前升温到85摄氏度左右，进入加热水胆之后，只需再加热15摄氏度就可以了，达到节能的目的。
（1）若质量是10kg、温度是100℃的开水从热水胆经出水管流出后变成温度是80℃的温开水，则同时从进水管流过的常温净化水吸收的热量是多少J？（不计热损失）
（2）饮水机内装有电加热系统，图3是它的电路示意图，其中R1是热水胆内的加热电阻，R2是热水胆外温控器内的限流电阻。饮水机加热状态和保温状态的总功率分别是3kW和200W。
①当开关S1闭合、S2 时，饮水机处于加热状态；当开关S1闭合、S2 时，饮水机处于保温状态。
②饮水机内的加热电阻R1和限流电阻R2的阻值分别是多少Ω？（结果保留整数）
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A：初中物理课本重力大约是2N，根据g=10N/kg，G=2N，由公式m=G/g计算质量m=0.2kg=200g，故A符合题意；
B：九年级学生立定跳远满分（100分）的成绩是2.5m，故B不符合题意；
C：一个中学生的质量大约50kg，重力G=500N，故C不符合题意；
D：人体感觉舒适的室温大约是18—26℃，故D不符合题意。、
故答案选A。
【分析】（1）应用物理知识转化成生活经验的方法解答；
（2）根据识记生活物品的尺寸，温度，质量，重力，面积，压强等数据进行解答；
2．【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】A：声音是由声源声带振动产生的，故A不符合题意；
B：主持人利用话筒是为了增大声音的响度，故B符合题意；
C：声音的传播需要介质，人耳平时听到的声音是由空气传播的，故C不符合题意；
D：严禁观众在会场大声说话是在声源处减弱噪声，故D不符合题意，
故答案选B。
【分析】根据以下方法回答：
（1）声音的产生与传播；
（2）声音的特性（音调，响度和音色）及影响因素；
（3）控制减弱噪声的途径。
3．【答案】A
【知识点】沸腾及沸腾条件；光的反射；光的折射现象及其应用；回声及其产生
【解析】【解答】A：句中描绘声音传播过程中遇到障碍物被反射回来形成回声，故A正确；
B：“浓阴”是光的直线传播形成的，故B错误；
C ： “水浅”是由于光的折射形成的，故B错误；
D：“汤沸”液体沸腾时继续吸热，温度不变，故D错误；
故答案选A。
【分析】（1）根据人耳正确区分原声和回声的条件解答；
（2）应用光的直线传播和折射现象回答；
（3）利用液体沸腾特点（吸热温度不变）判断。
4．【答案】A
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验；生活中的透镜
【解析】【解答】A：摄像机的镜头相当于凸透镜，故A正确；
B：来自不同方向的入射光线，只有通过凸透镜光心后传播方向不变，通过凸透镜其它位置的光线，其传播方向都要发生偏折，故B错误；
C：地球通过核心舱上摄像机的镜头成实像，故C错误；
D：天舟四号靠近核心舱时，由于物距减小，摄像机上的实像逐渐变大，故D错误；
故答案选A。
【分析】根据凸透镜成像规律回答。
5．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；平衡力的辨别；大气压强与高度的关系；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A：冰雪消融是熔化吸热，故A错误；
B：海拔越高空气越稀薄，大气压越低，故B正确；
C：科考队员之间的运动速度大小和方向都相同，彼此相对静止，故C错误；
D：支持力和压力不满足二力平衡条件，故D错误：
故答案选B。
【分析】（1）根据六个物态变化的特点回答；即熔化，汽化，升华都是吸热，凝固，液化，凝华都是放热；
（2）应用大气压高低随海拔高度变化回答；即海拔越高，大气压越低；
（3）利用运动和静止的相对性回答，即物体是运动还是静止取决于选取的参照物；
（4）根据二力平衡的条件回答，即一对平衡力必须同时满足“等大，反向，共线，异体”，四个条件缺一不可。
6．【答案】D
【知识点】影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A：因为辣油漂浮在豆浆表面，减慢了豆浆面上的空气流动，使蒸发减慢，故A错误；
B：在烤饼过程中是通过热传递改变内能，故B错误；
C：“白汽”是由于水蒸气液化放热形成的，故C错误；
D：感觉浓浓香味，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确；
故答案选D。
【分析】（1）识记影响蒸发快慢的因素，即液体温度高低；液体表面空气流动快慢；液体表面积大小；
（2）知道改变物体内能的方法是做功和热传递，前者是能量的转化，或者是能量的转移；
（3）认识“白汽”和“白雾”都是水蒸气液化放热形成；
（4）善于归纳总结生活中常见的分子做无规则运动的现象。
7．【答案】B
【知识点】核电站发电过程中的能量转化；能源与可持续发展；液体压强的特点；声音的传播条件
【解析】【解答】A：可燃冰是不可再生能源，故A错误；
B：同种液体深度越深，压强越大，故B正确；
C：太阳核聚变获得核能是核聚变，普通核电站获得核能是核裂变，故C错误；
D：b北斗卫星与汽车导航系统之间的通过电磁波传递信息，故D错误；
故答案选B。
【分析】（1）根据可再生能源和不可再生能源的区别回答；
（2）应用液体压强特点判断；
（3）知道核聚变和核裂变是获取核能的不同方式；
（4）知道声波不能在真空中传播。
8．【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流表的连接；电压表的连接；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A：开关S1和S2同时闭合，灯泡L1短路不发光，故A不符合设计目的；
B：向右的力越大，滑片越向右移动，电压表示数越大，电流表示数不变，故B符合设计目的；
C：只有串联电路开关同时闭合，灯泡才能发光，故C符合设计目的；
D：照明灯和换气扇是并联电路，其工作互不影响，故D不符合设计目的；
故答案选C。
【分析】（1）根据串并联电路中用电器的工作特点进行判断；
（2）根据电流表，电压表，滑动变阻器的作用进行判断。
9．【答案】D
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；插座的构造与工作方式；安全用电原则
【解析】【解答】A：两孔插座和三孔插座是并联的，故A错误；
B：白炽灯泡金属螺纹壳只能连接零线，故B错误；
C：图中的使用方法使测电笔不发光，故C错误；
D：发生单线触电时，漏电保护器立即自动断开，切断电路，故D正确；
故答案选D。
【分析】根据安全用电知识解答。
10．【答案】D
【知识点】电磁铁的构造和原理；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A：记录违规闯红灯，光控开关在接收到指示灯红光时，自动闭合，电磁继电器通电有磁性，吸引衔铁，电控照相机工作拍照，故A正确，不符合题意；
B：光控开关接收绿光时，控制电路处于和工作电路处于断开状态，电控照相机不工作，故B正确，不符合题意；
C：由乙图可知，当质量是400kg的车辆违规时，串联电路的电流是，
这时控制电路闭合，电控照相机拍照，当质量小于400kg的车辆违规时，电流小于0.06A，控制电路断开，衔铁没有磁性，指示灯亮，电控照相机不会拍照；故C正确；
D：根据乙图可知，车辆质量越小，压敏电阻越大，再串联一个电阻，其总电阻越大，由欧姆定律可知，在电压不变时，电流远小于0.06A，衔铁不会被向下吸引，电控照相机不能工作，故D不正确；
故选答案D。
【分析】（1）根据控制电路中电磁继电器的工作原理分析判断；
（2）根据欧姆定律公式进行分析计算；
（3）根据工作电路的特点进行分析判断。
11．【答案】负；半导体
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；半导体特点及作用；超导体特点及作用
【解析】【解答】因为汽车带有电荷，如果汽车带正电荷，则电流方向是由汽车流向消除器，因为瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的负电荷；
消除器中的LED灯由半导体材料制成的。
故答案为负；半导体；故填负；半导体。
【分析】（1）根据电流方向跟正电荷定向运动方向相同，判断汽车所带的电荷；
（2）根据LED灯的发光特点，分析灯泡是半导体材料制成的。
12．【答案】热值；增大
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件
【解析】【解答】火箭利用液态氢做燃料的优点主要是环保，燃烧产物无任何污染，而且液态氢的热值高，完全燃烧一定质量的液态氢，能释放更多的热量，所以火箭通常用液态氢做燃料；
火箭在加速上升过程中，由于速度不断变大，高度逐渐变高，其动能和重力势能都在增大，所以机械能不断增大。
故答案为：热值大；增大；故填热值大；增大。
【分析】根据液态氢的优点和机械能的变化进行分析判断。
13．【答案】减小阻力；并联；360
【知识点】速度公式及其应用；增大或减小摩擦的方法；电路的基本连接方式
【解析】【解答】一般情况下，任何车辆运动都要受到空气阻力作用，而且运动速度越大，空气阻力越大，因为高铁的运动速度比其它车辆的速度大，所以采用全新流线型头型是为了减小空气阻力；
旅客利用插座充电，为了让不同位置旅客的用电器独立充电，工作互不影响，所以插座之间的电路设计是并联的。
故答案为：减小空气阻力；并联；故填：减小空气阻力；并联。
【分析】（1）根据车辆头型是流线型可以减小空气阻力解答；
（2）根据用电器的工作是否互不影响，判断插座是串联还是并联。
14．【答案】8×108；1.3×105；变小
【知识点】液体压强的特点；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由于航空母舰漂浮于水面，受到竖直向上的浮力F浮和自身重力G总的作用，排开水的重力G排=m排g，其大小关系是F浮=G排=G总=8×104×103kg×10N/kg＝8×108N；
根据液体压强公式=1.3×103kg/m3×10N/kg×13m=1.3×105pa；
根据F浮=G总可知这两个力是一对平衡力，航空母舰上的舰载机起飞以后，其总重力变小，则浮力也减小；
故答案8×108N；1.3×105pa；浮力变小；故填8×108N；1.3×105pa；浮力变小。
【分析】（1）根据轮船，航空母舰终漂浮于水面时F浮=G排计算浮力大小；
（2）根据液体压强公式计算压强大小；
（3）根据F浮=G总判断重力减小，浮力也减小。
15．【答案】48.4；0.02；800；小于
【知识点】电能表参数的理解；电功的测量；电功的计算；实际电压
【解析】【解答】根据电功率公式 ； 故加热器 电阻为48.8Ω；
根据电能表数字的物理意义可知，故消耗电能0.02kW h；
根据电功率公式 ；故电热水壶实际的功率为800W；
故答案填
【分析】根据电功率公式和电能表盘给出数字的物理意义进行计算。
16．【答案】（1）D
（2）A
（3）15
（4）10
【知识点】热传递改变物体内能；热机的效率；分子动理论基本观点
【解析】【解答】（1）A：闻到汽油味道是汽油分子在不停的做无规则运动产生的扩散现象，解释合理，故不符合题意；
B：环保汽车使用气体燃料燃烧产生的产物环保，无毒，无污染，可以减少对大气的污染，解释合理，故不符合题意；
C：空调车车窗玻璃设计为双层，是因为真空夹层可以隔绝车内外的温度差，减少车内外热量的传递，解释合理，故不符合题意；
D：小批量的汽车一般经济省油，但其发动机的效率不一定低，解释不合理，符合题意；
故答案为D。
（2）在汽油机工作的四个冲程中，属于机械能转换为内能的过程是进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，由图可知，符合题意的是A，即答案为A，故填A；
（3）单缸四冲程汽油机的飞轮每转动2周对外做1次功，飞轮转速是1800r/min=30r/s，也就是每秒种转30转，每秒种对外做15次功，即答案为15，故填15；
（4）完全燃烧4.2kg 的汽油释放的热量：
不考虑热量损失，这些热量全部被水吸收：
则水升高的温度，即答案为1℃，故填1℃；
所以答案为（1）D；（2）A；（3）15；（4）1℃。
【分析】（1）根据扩散现象，环保节能和绝热性能三方面分析回答；
（2）根据内燃机工作过程中四个冲程的特点回答；
（3）根据内燃机对外做功的规律分析计算；
（4）根据热平衡状态分析计算。
17．【答案】解：如图所示：
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，由图知OA作动力臂最长，O为支点，则动力方向向下，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F的示意图，如图所示：
【分析】在杠杆上，支点到力的作用点的连线，是最大的力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
18．【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】小磁针的左端为S极，自由静止时靠近螺线管的右端，所以螺线管的右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的；利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极。
【分析】根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极；磁场的方向从北极出来回到南极；根据安培定则判断通电螺线管的拉动方向。
19．【答案】（1）2.80
（2）1986
（3）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动
（4）比较像与物的大小关系
【知识点】长度及其测量；探究平面镜成像的特点；滑动变阻器的原理及其使用；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）如图1所示，先读准确值是2.8cm，后读估计值是0.00cm，这两个值之和就是被测物体的长度2.80cm；即答案为2.80cm ，故填2.80cm；
（2）从图2可知，电阻箱的放大倍数和旋钮对应的数字可知，电阻箱接入电路中的电阻是： R=1Ω×1000+9Ω×00+8Ω×10+6Ω×1＝1986Ω，即答案为1986Ω，故填1986Ω；
（3）图3是电磁感应现象，而探究感应电流的实验说明，只有闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，电路中才有感应电流产生，即答案为闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，故填闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动；
（4）图4是探究平面镜成像的特点，该实验应用了“等效替代法”，也就是两支大小和形状相同的的蜡烛，用其中一支蜡烛替代另一支蜡烛的虚像及位置，这是为了便于比较虚像与物体的大小关系，即答案为比较像与物的大小关系，故填比较像与物的大小关系。
故答案填（1）2.80cm；（2）1986；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动；（4）比较像与物的大小关系。
【分析】（1）根据测量长度的读数方法读数，先读准确值，后读估计值，然后准确值+估计值，并注明单位进行解答；
（2）根据电阻箱旋钮分别对应的数字和放大倍数进行读数相加即可；
（3）根据产生感应电流的条件分析回答；
（4）根据等效替代法分析回答。
20．【答案】（1）匀速直线
（2）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）错误；没有控制压力相同
（4）3
（5）A；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据二力平衡测量滑动摩擦力大小，所以需要让弹簧测力计沿水平方向拉动物体做匀速直线运动，即填：匀速直线；
（2）由图甲，乙可知，接触面相同，甲图压力小，乙图压力大，也就是压力大小不同，弹簧测力计的读数大小不同，即答案为接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；故填：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）根据题意可知，甲，丙两图的接触面粗糙程度不变，丙图中压力和接触面积都减小一半，摩擦力减小一半，这样的结论是错误的，理由是没有控制压力相同；
（4）在进行乙图多次实验时，接触面的粗糙程度不变，由丁图可知，接触面上的滑动摩擦力跟压力成正比，而且： 当F压=12N时，滑动摩擦力F摩=3N。
（5）实验过程中，可能出现两种现象，一是匀速直线拉弹簧测力计时，如果木板的粗糙程度不均匀的，则弹簧测力计的示数是不稳定的；二是拉弹簧测力计或木块的速度是变化的，即便木板的粗粗糙程度是均匀的，则弹簧测力计的示数也是不稳定的，这两种现象跟木块的长度和接触面积大小都没关系，即可能的原因是木块的粗糙程度不均匀，也可能是拉动木块的速度是变化的；
【分析】（1）利用物体"在匀速直线运动状态下受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力"去解答；
（2）根据控制变量法解答，即接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（5）交流评估是根据影响实验失败的诸多因素分析解答。
21．【答案】（1）
（2）A
（3）实际电功率；0.75；变大
（4）相同时间发光二极管
（5）
【知识点】电功率的计算；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）如图所示，让电压表串联在电路中相当于断路，电流表跟灯泡并联，没有电流经过灯泡，因此电灯泡右端滑动变阻器左端之间的导线连接是错误的，画线改正如图所示；
（2）由图可知，滑动变阻器跟灯泡串联，其两端都有电压，根据串联电路中的电压跟电阻的分配规律，电源电压不变，灯泡两端实际电压2.2V小于额定电压2.5V，让灯泡电压增大，滑动变阻器两端电压要变小，其电阻变小，即滑动变阻器的滑片P向A端移动，故答案为向A端移动；
（3）由丙图可知，灯泡的亮度是由它的实际功率决定的；当灯泡额定电压U定=2.5V时，电流I=0.3A，额定功率P=U定I=2.5V×0.3A=0.75W；故答案为：实际功率；0.75W；
（4）小灯泡和发光二极管发光亮度相当，也就是发光亮度相同，但小灯泡的灯丝由于发热而发光，发光二极管是冷光源，几乎将电能全部转化为光能，即在相同时间内，小灯泡消耗的电能大，发光二极管消耗的电能小，故由公式可知，在相同时间内发光二极管的功率小；
（5）将R1的滑片P移动到最右端时，R1接入电路的电阻值为零，电压表示数为U2，U2就是电源电压；
讲R1滑片P移到最左端，R1接入电路的阻值为Ro，
而且R1与R2串联，R2两端电压为U1，根据串联电路分压规律可知，解得，
在实验步骤第①②中，已经使R2接入电路的电子等于小灯泡正常发光时的电子，故小灯泡的额定功率
。
【分析】（1）根据伏安法测电功率的电路图分析判断；
（2）根据串联电路中电压跟电阻的分配关系分析判断；
（3）根据电功率公式分析计算；
（4）在相同时间内，小灯泡消耗的电能大，发光二极管消耗的电能小，故由公式可知，在相同时间内发光二极管的功率小
（5）根据动态电路列方程解答。
22．【答案】（1）汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大
（2）轮胎气压越大，轮胎平均接地压强越大；接触面积
（3）4.1×104
（4）在汽车荷载一定时，夏天比冬天给轮胎加气少，是为了减小轮胎气压，减小轮胎平均接地压强，保护沥青路面。
【知识点】压强大小比较；减小压强的方法及其应用；气体压强与体积的关系
【解析】【解答】（1）由三组数据可知，当轮胎气压一定时，汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大，故答案为汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大；
（2）由三组数据可知，汽车荷载相同时，轮胎气压越大，轮胎平均接地压强越大，并且可能导致轮胎与地面间的接触面积改变，故答案为轮胎气压越大，轮胎平均接地气压越大，接触面积；
（3）根据表中3和4的数据可知，所产生的效果相当于在轮胎气压保持0.6×106pa的情况下增加约：（151－110）×103N＝4.1×104N的汽车荷载；
（4）根据（2）可知，当汽车荷载相同时，轮胎气压越小，轮胎平均接地压强越小，故夏天比冬天给轮胎加气少，是为了减少轮胎气压，减小轮胎平均接地压强，包含沥青路面。
【分析】根据控制变量法解答第（1）第（2）第（3）小题；
（4）根据保护沥青路面的角度解答。
23．【答案】（1）解：机器人空载时对地面的压力：F＝G＝mg＝30kg×10N/kg＝300N，
对地面的压强： ；
答：机器人空载时对地面的压强是3×106Pa；
（2）解：因机器人匀速直线移动时处于平衡状态，驱动力和所受的阻力是一对平衡力，所以，机器人的驱动力F′＝f＝50N，
由 可得，在1min内机器人运动的距离：s＝vt＝0.8m/s×60s＝48m，
在1min内驱动力对机器人所做的功：W＝F′s＝50N×48m＝2400J；
答：在1min内驱动力对机器人所做的功是2400J；
（3）解：由 可得，当它满载工作时机器人受到的驱动力： 。
答：当它满载工作时，机器人受到的驱动力为150N。
【知识点】功率的概念；功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据压力跟重力的大小关系和压强公式计算；
（2）根据平衡状态下，物体所受力的大小和运动状态的关系以及力对物体做功的两个必要因素计算；
（3）根据功率公式进行计算。
24．【答案】（1）热水放出的热量：Q放＝cm（t0﹣t）＝4.2×103J/（kg ℃）×10kg×（100℃﹣80℃）＝8.4×105J，
不计热量损失，常温净化水吸收的热量：Q吸＝Q放＝8.4×105J；
答：从进水管流过的常温净化水吸收的热量是8.4×105J；
（2）①闭合；断开；②由P＝ 可知，R1的阻值： ； R1、R2的串联总电阻： ， 根据串联电路的电阻的可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝242Ω﹣16Ω＝226Ω。
【知识点】热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（2）①第1空：由图3可知，饮水机处于加热状态时，电源电压U=220V保持不变，根据功率公式得出，加热状态下的热功率越大，串联电路的总电阻R越小，即开关S1和S2都闭合时，电阻R2短路，只有加热电阻R1工作，处于加热状态，故答案为开关S2闭合；
①第2空：当开关S1闭合，S2断开时，电源电压不变，电阻R1和R2串联，总电阻变大，热功率变小处于保温状态，故答案为S2断开；
故答案填：①闭合；断开。
【分析】（1）根据不计热量损失，物体吸收和放出的热量相等进行计算；
（2）根据热功率公式和串联电路的电阻规律进行计算。
陕西省宝鸡市渭滨区2023年中考物理一模试卷
一、选择题（共10题，每题2分，计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．在校园中通常会遇到你所学的物理知识，下列情景中估测正确的是（ ）
A．一本初中物理课本的质量约为200g
B．九年级同学立定跳远成绩为5.2m
C．一个中学生重约50N
D．人感觉舒适的室温是40℃
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A：初中物理课本重力大约是2N，根据g=10N/kg，G=2N，由公式m=G/g计算质量m=0.2kg=200g，故A符合题意；
B：九年级学生立定跳远满分（100分）的成绩是2.5m，故B不符合题意；
C：一个中学生的质量大约50kg，重力G=500N，故C不符合题意；
D：人体感觉舒适的室温大约是18—26℃，故D不符合题意。、
故答案选A。
【分析】（1）应用物理知识转化成生活经验的方法解答；
（2）根据识记生活物品的尺寸，温度，质量，重力，面积，压强等数据进行解答；
2．为响应“双减”号召，丰富学生的业余活动，宝鸡市举行了中小学生合唱艺术节，你认为以下四个选项中解释不正确的是（ ）
A．歌唱者的声音是由其声带振动产生的
B．主持人使用话筒是为了提高其发出声音的音调
C．嘹亮的歌声是通过空气传到现场观众耳中的
D．禁止观众在艺术节会场大声说话是在声源处减弱噪声
【答案】B
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】A：声音是由声源声带振动产生的，故A不符合题意；
B：主持人利用话筒是为了增大声音的响度，故B符合题意；
C：声音的传播需要介质，人耳平时听到的声音是由空气传播的，故C不符合题意；
D：严禁观众在会场大声说话是在声源处减弱噪声，故D不符合题意，
故答案选B。
【分析】根据以下方法回答：
（1）声音的产生与传播；
（2）声音的特性（音调，响度和音色）及影响因素；
（3）控制减弱噪声的途径。
3．我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识，下列诗句从物理学的角度解释正确的是（ ）
A．“空谷传响，哀转久绝”，句中描绘声音在山谷中产生回声
B．“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，句中“浓阴”是光的折射形成的
C．“池水映明月，潭清疑水浅”，句中“水浅”是由于光的反射造成的
D．“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，句中“汤沸”后继续加热，水的温度不断升高
【答案】A
【知识点】沸腾及沸腾条件；光的反射；光的折射现象及其应用；回声及其产生
【解析】【解答】A：句中描绘声音传播过程中遇到障碍物被反射回来形成回声，故A正确；
B：“浓阴”是光的直线传播形成的，故B错误；
C ： “水浅”是由于光的折射形成的，故B错误；
D：“汤沸”液体沸腾时继续吸热，温度不变，故D错误；
故答案选A。
【分析】（1）根据人耳正确区分原声和回声的条件解答；
（2）应用光的直线传播和折射现象回答；
（3）利用液体沸腾特点（吸热温度不变）判断。
4．2022年5月10日，在蔚蓝地球的映衬下，我国发射的天舟四号货运飞船成功对接空间站的天和核心舱。如图所示是对接过程中核心舱上摄像机拍摄的照片。下列说法正确的是（ ）
A．核心舱摄像机的镜头相当于凸透镜
B．光通过摄像机的镜头都是沿直线传播
C．地球通过核心舱上摄像机的镜头成虚像
D．天舟四号靠近核心舱时，它在核心舱摄像机上成的像逐渐变小
【答案】A
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验；生活中的透镜
【解析】【解答】A：摄像机的镜头相当于凸透镜，故A正确；
B：来自不同方向的入射光线，只有通过凸透镜光心后传播方向不变，通过凸透镜其它位置的光线，其传播方向都要发生偏折，故B错误；
C：地球通过核心舱上摄像机的镜头成实像，故C错误；
D：天舟四号靠近核心舱时，由于物距减小，摄像机上的实像逐渐变大，故D错误；
故答案选A。
【分析】根据凸透镜成像规律回答。
5．2022年9月起我省开启对秦岭地质、水质、生物多样性的综合科考，下列关于科考队员登山过程中涉及的物理知识说法正确的是（ ）
A．随着强烈升温，冰雪消融是熔化放热现象
B．科考队员在峰顶考察时易缺氧，因为海拔高的地方气压更低
C．科考队员以相同的速度沿直线登山时，他们之间是运动的
D．地面对队员的支持力和队员对地面的压力是一对平衡力
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；平衡力的辨别；大气压强与高度的关系；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A：冰雪消融是熔化吸热，故A错误；
B：海拔越高空气越稀薄，大气压越低，故B正确；
C：科考队员之间的运动速度大小和方向都相同，彼此相对静止，故C错误；
D：支持力和压力不满足二力平衡条件，故D错误：
故答案选B。
【分析】（1）根据六个物态变化的特点回答；即熔化，汽化，升华都是吸热，凝固，液化，凝华都是放热；
（2）应用大气压高低随海拔高度变化回答；即海拔越高，大气压越低；
（3）利用运动和静止的相对性回答，即物体是运动还是静止取决于选取的参照物；
（4）根据二力平衡的条件回答，即一对平衡力必须同时满足“等大，反向，共线，异体”，四个条件缺一不可。
6．作为周秦王朝的发祥地，对以下宝鸡美食中蕴含的物理知识解释正确的是（ ）
A．“豆花泡馍”能长时间保温，是因为辣油漂浮在豆浆表面，使豆浆的蒸发加快
B．“陇县马蹄酥”在烤制过程中，饼的内能增加，这是通过做功的方式改变其内能
C．“豆腐包子”出锅时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气汽化吸热形成的
D．“岐山擀面皮”在调制过程中，散发出浓浓的醋香味，这是分子做无规则运动的缘故
【答案】D
【知识点】影响蒸发快慢的因素；液化及液化放热；热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】A：因为辣油漂浮在豆浆表面，减慢了豆浆面上的空气流动，使蒸发减慢，故A错误；
B：在烤饼过程中是通过热传递改变内能，故B错误；
C：“白汽”是由于水蒸气液化放热形成的，故C错误；
D：感觉浓浓香味，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确；
故答案选D。
【分析】（1）识记影响蒸发快慢的因素，即液体温度高低；液体表面空气流动快慢；液体表面积大小；
（2）知道改变物体内能的方法是做功和热传递，前者是能量的转化，或者是能量的转移；
（3）认识“白汽”和“白雾”都是水蒸气液化放热形成；
（4）善于归纳总结生活中常见的分子做无规则运动的现象。
7．近年来，随着科学技术的高速发展，新技术、新能源、新材料、新装置不断涌现，下列有关科技成果说法中正确的是（ ）
A．我国海域首次成功开采的可燃冰属于可再生能源
B．随着深海潜水器“奋斗者”号潜水深度的增加，其表面受到的液体压强逐渐增大
C．太阳核聚变获得核能的方式与普通核电站一致
D．北斗卫星与汽车导航系统之间通过超声波传播信号
【答案】B
【知识点】核电站发电过程中的能量转化；能源与可持续发展；液体压强的特点；声音的传播条件
【解析】【解答】A：可燃冰是不可再生能源，故A错误；
B：同种液体深度越深，压强越大，故B正确；
C：太阳核聚变获得核能是核聚变，普通核电站获得核能是核裂变，故C错误；
D：b北斗卫星与汽车导航系统之间的通过电磁波传递信息，故D错误；
故答案选B。
【分析】（1）根据可再生能源和不可再生能源的区别回答；
（2）应用液体压强特点判断；
（3）知道核聚变和核裂变是获取核能的不同方式；
（4）知道声波不能在真空中传播。
8．学习了有关电路组成知识后，同学们都热情高涨，争相设计简易生活电路，如图是同学们设计出来的四个电路，你认为可以达到选项目的的电路是（ ）
A．抢答器电路：选择哪一个答案就按哪一个按钮（相当于闭合开关），对应的灯就亮
B．坐位体前屈电路：学生成绩越高（向右的F越大），电流表的示数越大
C．保密室电路：只有两道门都关上了（相当于开关闭合），值班室的灯才会亮
D．卫生间照明灯和换气扇电路：照明灯和换气扇的工作互相影响
【答案】C
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；电流表的连接；电压表的连接；滑动变阻器的原理及其使用
【解析】【解答】A：开关S1和S2同时闭合，灯泡L1短路不发光，故A不符合设计目的；
B：向右的力越大，滑片越向右移动，电压表示数越大，电流表示数不变，故B符合设计目的；
C：只有串联电路开关同时闭合，灯泡才能发光，故C符合设计目的；
D：照明灯和换气扇是并联电路，其工作互不影响，故D不符合设计目的；
故答案选C。
【分析】（1）根据串并联电路中用电器的工作特点进行判断；
（2）根据电流表，电压表，滑动变阻器的作用进行判断。
9．关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：两孔插座和三孔插座是串联的
B．乙图：白炽灯泡的金属螺纹壳既可接火线，也可接零线
C．丙图：图中测电笔的使用是正确的
D．丁图：发生此类触电时，电路中的“漏电保护器”会自动断开，切断电路
【答案】D
【知识点】家庭电路工作电压、零线、火线的辨别；测电笔的使用；插座的构造与工作方式；安全用电原则
【解析】【解答】A：两孔插座和三孔插座是并联的，故A错误；
B：白炽灯泡金属螺纹壳只能连接零线，故B错误；
C：图中的使用方法使测电笔不发光，故C错误；
D：发生单线触电时，漏电保护器立即自动断开，切断电路，故D正确；
故答案选D。
【分析】根据安全用电知识解答。
10．如图甲是某校初中物理创新小组设计的“闯红灯违规模拟记录器”，当光控开关接收到某种颜色光时，开关自动闭合，且当压敏电阻受到车的压力，它的阻值变化规律如图乙所示，已知控制电路电压为6V，继电器线圈电阻10Ω，当控制电路中电流大于0.06A时，衔铁被吸合。下列说法中不正确的是（ ）
A．要记录违规闯红灯的情景，光控开关应在接收到红光时，自动闭合
B．光控开关接收到绿光时，指示灯亮，电控照相机不工作
C．质量小于400kg的车辆违规时不会被拍照记录
D．要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以在控制电路中串联一个电阻
【答案】D
【知识点】电磁铁的构造和原理；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A：记录违规闯红灯，光控开关在接收到指示灯红光时，自动闭合，电磁继电器通电有磁性，吸引衔铁，电控照相机工作拍照，故A正确，不符合题意；
B：光控开关接收绿光时，控制电路处于和工作电路处于断开状态，电控照相机不工作，故B正确，不符合题意；
C：由乙图可知，当质量是400kg的车辆违规时，串联电路的电流是，
这时控制电路闭合，电控照相机拍照，当质量小于400kg的车辆违规时，电流小于0.06A，控制电路断开，衔铁没有磁性，指示灯亮，电控照相机不会拍照；故C正确；
D：根据乙图可知，车辆质量越小，压敏电阻越大，再串联一个电阻，其总电阻越大，由欧姆定律可知，在电压不变时，电流远小于0.06A，衔铁不会被向下吸引，电控照相机不能工作，故D不正确；
故选答案D。
【分析】（1）根据控制电路中电磁继电器的工作原理分析判断；
（2）根据欧姆定律公式进行分析计算；
（3）根据工作电路的特点进行分析判断。
二、填空与作图题（共8题，计22分）
11．当人接触汽车时有时会被“电”一下，这时手拿如图所示的静电消除器接触汽车，消除器中的LED灯发光，若瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的是 （填“正”或“负”）电荷，LED灯是由 （填“半导体”或“超导体”）材料制成的。
【答案】负；半导体
【知识点】两种电荷；物体带电情况的判断；半导体特点及作用；超导体特点及作用
【解析】【解答】因为汽车带有电荷，如果汽车带正电荷，则电流方向是由汽车流向消除器，因为瞬间电流方向是由消除器流向汽车，则汽车带的负电荷；
消除器中的LED灯由半导体材料制成的。
故答案为负；半导体；故填负；半导体。
【分析】（1）根据电流方向跟正电荷定向运动方向相同，判断汽车所带的电荷；
（2）根据LED灯的发光特点，分析灯泡是半导体材料制成的。
12．长征四号丙运载火箭以”一箭双星”方式成功将天绘六号A/B星送入预定轨道，火箭采用无毒无污染液氢作燃料，是因为这种燃料具有 大的特点：且当火箭在加速上升过程中，机械能 （填“增大”、“不变”或“减小”）。
【答案】热值；增大
【知识点】动能和势能的大小变化；机械能守恒条件
【解析】【解答】火箭利用液态氢做燃料的优点主要是环保，燃烧产物无任何污染，而且液态氢的热值高，完全燃烧一定质量的液态氢，能释放更多的热量，所以火箭通常用液态氢做燃料；
火箭在加速上升过程中，由于速度不断变大，高度逐渐变高，其动能和重力势能都在增大，所以机械能不断增大。
故答案为：热值大；增大；故填热值大；增大。
【分析】根据液态氢的优点和机械能的变化进行分析判断。
13．如图，被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。它采用全新流线型头型，这是为了 ；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是 。车身长度约400m的“G1720次”列车，某次通过1600m长的隧道时全部在隧道内运行只用了12s的时间，该列车的速度约为 km/h.
【答案】减小阻力；并联；360
【知识点】速度公式及其应用；增大或减小摩擦的方法；电路的基本连接方式
【解析】【解答】一般情况下，任何车辆运动都要受到空气阻力作用，而且运动速度越大，空气阻力越大，因为高铁的运动速度比其它车辆的速度大，所以采用全新流线型头型是为了减小空气阻力；
旅客利用插座充电，为了让不同位置旅客的用电器独立充电，工作互不影响，所以插座之间的电路设计是并联的。
故答案为：减小空气阻力；并联；故填：减小空气阻力；并联。
【分析】（1）根据车辆头型是流线型可以减小空气阻力解答；
（2）根据用电器的工作是否互不影响，判断插座是串联还是并联。
14．我国首艘弹射型航空母舰“福建视”满载排水量为80000t，满载时舰体吃水深度（海面到舰底的距离）约为13m（海水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则福建舰满载时受到的浮力为 N；满载时福建舰底部受到的海水压强为 Pa，福建舰的舰载机起飞后，该舰受到的浮力将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】8×108；1.3×105；变小
【知识点】液体压强的特点；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】由于航空母舰漂浮于水面，受到竖直向上的浮力F浮和自身重力G总的作用，排开水的重力G排=m排g，其大小关系是F浮=G排=G总=8×104×103kg×10N/kg＝8×108N；
根据液体压强公式=1.3×103kg/m3×10N/kg×13m=1.3×105pa；
根据F浮=G总可知这两个力是一对平衡力，航空母舰上的舰载机起飞以后，其总重力变小，则浮力也减小；
故答案8×108N；1.3×105pa；浮力变小；故填8×108N；1.3×105pa；浮力变小。
【分析】（1）根据轮船，航空母舰终漂浮于水面时F浮=G排计算浮力大小；
（2）根据液体压强公式计算压强大小；
（3）根据F浮=G总判断重力减小，浮力也减小。
15．某款电热水壶的铭牌如图甲所示，该电热水壶正常加热工作时，其加热器的阻值是 Ω；楚杭同学利用电能表测量电热水壶的功率，他将电热水壶注满水后，关闭了家中的其他用电器，只让电热水壶工作，观察到家里的电能表的转盘1.5min转了60圈。则实际消耗的电能为 kW h，电热水壶的实际功率为 W，由此功率值和铭牌中的功率值可判断：此时的实际电压 （填“小于”、“等于”或“大于”）220V。（忽略温度对电阻的影响）。
型号 SYL﹣508
额定电压 220V
频率 50Hz
额定功率 1000W
【答案】48.4；0.02；800；小于
【知识点】电能表参数的理解；电功的测量；电功的计算；实际电压
【解析】【解答】根据电功率公式 ； 故加热器 电阻为48.8Ω；
根据电能表数字的物理意义可知，故消耗电能0.02kW h；
根据电功率公式 ；故电热水壶实际的功率为800W；
故答案填
【分析】根据电功率公式和电能表盘给出数字的物理意义进行计算。
16．汽车上很多地方都用到了物理知识：
（1）下列现象所对应的物理现象解释不合理的是 （填序号）
A．打开油箱盖会闻到汽油的味道——扩散现象
B．环保汽车使用气体燃料——减少对大气的污染
C．空调车车窗玻璃设计为双层——减少车内外热量的传递
D．小排量的车一般经济省油——发动机的效率低
（2）如图所示是汽油机工作过程中的四个冲程，其中属于机械能转化为内能的冲程是 （填序号）；
（3）一台单缸四冲程汽油机，若飞轮转速是1800r/min，该汽油机每秒钟内对外做功 次；
（4）若油箱内装有密度为0.71×103kg/m3，热值为4.6×107J/kg的汽油，当该车行驶100km时所消耗的汽油为4.2kg，则完全燃烧的汽油可使4.6t的水升高 ℃。（不考虑热量损失）
【答案】（1）D
（2）A
（3）15
（4）10
【知识点】热传递改变物体内能；热机的效率；分子动理论基本观点
【解析】【解答】（1）A：闻到汽油味道是汽油分子在不停的做无规则运动产生的扩散现象，解释合理，故不符合题意；
B：环保汽车使用气体燃料燃烧产生的产物环保，无毒，无污染，可以减少对大气的污染，解释合理，故不符合题意；
C：空调车车窗玻璃设计为双层，是因为真空夹层可以隔绝车内外的温度差，减少车内外热量的传递，解释合理，故不符合题意；
D：小批量的汽车一般经济省油，但其发动机的效率不一定低，解释不合理，符合题意；
故答案为D。
（2）在汽油机工作的四个冲程中，属于机械能转换为内能的过程是进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，由图可知，符合题意的是A，即答案为A，故填A；
（3）单缸四冲程汽油机的飞轮每转动2周对外做1次功，飞轮转速是1800r/min=30r/s，也就是每秒种转30转，每秒种对外做15次功，即答案为15，故填15；
（4）完全燃烧4.2kg 的汽油释放的热量：
不考虑热量损失，这些热量全部被水吸收：
则水升高的温度，即答案为1℃，故填1℃；
所以答案为（1）D；（2）A；（3）15；（4）1℃。
【分析】（1）根据扩散现象，环保节能和绝热性能三方面分析回答；
（2）根据内燃机工作过程中四个冲程的特点回答；
（3）根据内燃机对外做功的规律分析计算；
（4）根据热平衡状态分析计算。
17．（2021·孝感）如图所示，O为支点，请在A点作出人用木棒撬动石头的最小作用力F的示意图，并标出其力臂l。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，由图知OA作动力臂最长，O为支点，则动力方向向下，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F的示意图，如图所示：
【分析】在杠杆上，支点到力的作用点的连线，是最大的力臂，最小的力和最大的力臂垂直。
18．（2023九上·青岛期末）如图，已知静止在通电螺线管右端小磁针N极的指向，请用箭头在磁感线上标出磁感线的方向并在括号内用“正”“负”标出电源的正负极。
【答案】
【知识点】通电螺线管的磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】小磁针的左端为S极，自由静止时靠近螺线管的右端，所以螺线管的右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的；利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的左端流入右端流出，从而可以确定电源的左端为正极，右端为负极。
【分析】根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极；磁场的方向从北极出来回到南极；根据安培定则判断通电螺线管的拉动方向。
三、实验探究题（共4题，计22分）
19．
（1）如图1所示，所测物体的长度为 cm；
（2）图2中，电阻箱的读数是 Ω；
（3）如图3所示的实验可得出产生感应电流的条件是 ；
（4）如图4所示，在探究平面镜成像规律的实验中，选用两支大小、形状均相同的蜡烛是为了便于 。
【答案】（1）2.80
（2）1986
（3）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动
（4）比较像与物的大小关系
【知识点】长度及其测量；探究平面镜成像的特点；滑动变阻器的原理及其使用；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）如图1所示，先读准确值是2.8cm，后读估计值是0.00cm，这两个值之和就是被测物体的长度2.80cm；即答案为2.80cm ，故填2.80cm；
（2）从图2可知，电阻箱的放大倍数和旋钮对应的数字可知，电阻箱接入电路中的电阻是： R=1Ω×1000+9Ω×00+8Ω×10+6Ω×1＝1986Ω，即答案为1986Ω，故填1986Ω；
（3）图3是电磁感应现象，而探究感应电流的实验说明，只有闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，电路中才有感应电流产生，即答案为闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，故填闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动；
（4）图4是探究平面镜成像的特点，该实验应用了“等效替代法”，也就是两支大小和形状相同的的蜡烛，用其中一支蜡烛替代另一支蜡烛的虚像及位置，这是为了便于比较虚像与物体的大小关系，即答案为比较像与物的大小关系，故填比较像与物的大小关系。
故答案填（1）2.80cm；（2）1986；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动；（4）比较像与物的大小关系。
【分析】（1）根据测量长度的读数方法读数，先读准确值，后读估计值，然后准确值+估计值，并注明单位进行解答；
（2）根据电阻箱旋钮分别对应的数字和放大倍数进行读数相加即可；
（3）根据产生感应电流的条件分析回答；
（4）根据等效替代法分析回答。
20．物理学习小组的同学设计的“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验方案如图所示。
（1）为了测量木块受到的滑动摩擦力，楚杭用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 运动；
（2）从图甲、乙实验所得的初步结论是 ；
（3）为了探究滑动摩擦力大小与接触面是否有关，如图丙所示，楚杭竖直向下切去一半木块，测得滑动摩擦力大小是图甲中的一半，于是得出，滑动摩擦力大小与接触面积大小成正比，你认为此结论 （正确/错误），理由是 ；
（4）楚杭在进行乙图中实验时，改变放在木块上的砝码，通过多次实验得到滑动摩擦力F摩与作用在物体表面的压力F压的关系图线如图丁所示，由图可知：当木块与砝码对地面的压力变为12N时，木块在长木板上匀速滑动时受到的拉力为 N；
（5）交流评估时某实验小组提出：实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是 （多选）。
A．木板的粗糙程度不均匀 B．木板的长度太长
C．拉动木块的速度是变化的 D．木块与木板的接触面积太大
【答案】（1）匀速直线
（2）接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大
（3）错误；没有控制压力相同
（4）3
（5）A；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）根据二力平衡测量滑动摩擦力大小，所以需要让弹簧测力计沿水平方向拉动物体做匀速直线运动，即填：匀速直线；
（2）由图甲，乙可知，接触面相同，甲图压力小，乙图压力大，也就是压力大小不同，弹簧测力计的读数大小不同，即答案为接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；故填：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）根据题意可知，甲，丙两图的接触面粗糙程度不变，丙图中压力和接触面积都减小一半，摩擦力减小一半，这样的结论是错误的，理由是没有控制压力相同；
（4）在进行乙图多次实验时，接触面的粗糙程度不变，由丁图可知，接触面上的滑动摩擦力跟压力成正比，而且： 当F压=12N时，滑动摩擦力F摩=3N。
（5）实验过程中，可能出现两种现象，一是匀速直线拉弹簧测力计时，如果木板的粗糙程度不均匀的，则弹簧测力计的示数是不稳定的；二是拉弹簧测力计或木块的速度是变化的，即便木板的粗粗糙程度是均匀的，则弹簧测力计的示数也是不稳定的，这两种现象跟木块的长度和接触面积大小都没关系，即可能的原因是木块的粗糙程度不均匀，也可能是拉动木块的速度是变化的；
【分析】（1）利用物体"在匀速直线运动状态下受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力"去解答；
（2）根据控制变量法解答，即接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（5）交流评估是根据影响实验失败的诸多因素分析解答。
21．某物理实验小组在“测量小灯泡电功率”的实验中，选用器材连接了如图甲所示的电路，其中电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V。
（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误。请在图甲中找出来并打“错”，再画线把它改到正确的位置上。
（2）正确连线、闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片向 （填“A”或“B”）端移动。
（3）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I﹣U图像。实验表明：小灯泡的亮度是由它的 决定的。由图像可知小灯泡的额定功率为 W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）将小灯泡换成发光二极管，测量加在它两端的电压和通过它的电流，计算它的电功率，将所得的电功率与小灯泡电功率相比，发现它们在亮度相当的时候， 的电功率较小。
（5）另一组的同学设计了如图丁所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率。电源电压未知但恒定不变，小灯泡的额定电压为U额，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大阻值为R0，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节R1的阻值，使电压表的示数为U额；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持R1的阻值不变，调节R2的阻值，使电压表的示数为U额；
③保持R2的阻值不变，将R1的滑片P调至最左端，记下电压表的示数U1，再将R1的滑片P调至最右端，记下电压表的示数U2，则小灯泡的额定功率P额＝ 。（用U额、U1、U2、R0表示）
【答案】（1）
（2）A
（3）实际电功率；0.75；变大
（4）相同时间发光二极管
（5）
【知识点】电功率的计算；电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）如图所示，让电压表串联在电路中相当于断路，电流表跟灯泡并联，没有电流经过灯泡，因此电灯泡右端滑动变阻器左端之间的导线连接是错误的，画线改正如图所示；
（2）由图可知，滑动变阻器跟灯泡串联，其两端都有电压，根据串联电路中的电压跟电阻的分配规律，电源电压不变，灯泡两端实际电压2.2V小于额定电压2.5V，让灯泡电压增大，滑动变阻器两端电压要变小，其电阻变小，即滑动变阻器的滑片P向A端移动，故答案为向A端移动；
（3）由丙图可知，灯泡的亮度是由它的实际功率决定的；当灯泡额定电压U定=2.5V时，电流I=0.3A，额定功率P=U定I=2.5V×0.3A=0.75W；故答案为：实际功率；0.75W；
（4）小灯泡和发光二极管发光亮度相当，也就是发光亮度相同，但小灯泡的灯丝由于发热而发光，发光二极管是冷光源，几乎将电能全部转化为光能，即在相同时间内，小灯泡消耗的电能大，发光二极管消耗的电能小，故由公式可知，在相同时间内发光二极管的功率小；
（5）将R1的滑片P移动到最右端时，R1接入电路的电阻值为零，电压表示数为U2，U2就是电源电压；
讲R1滑片P移到最左端，R1接入电路的阻值为Ro，
而且R1与R2串联，R2两端电压为U1，根据串联电路分压规律可知，解得，
在实验步骤第①②中，已经使R2接入电路的电子等于小灯泡正常发光时的电子，故小灯泡的额定功率
。
【分析】（1）根据伏安法测电功率的电路图分析判断；
（2）根据串联电路中电压跟电阻的分配关系分析判断；
（3）根据电功率公式分析计算；
（4）在相同时间内，小灯泡消耗的电能大，发光二极管消耗的电能小，故由公式可知，在相同时间内发光二极管的功率小
（5）根据动态电路列方程解答。
22．在实际生活中，人们都知道汽车行驶时轮胎气压过高或者过低都会损坏轮胎，影响行车安全，除此以外，是否还有其他影响呢？某小组同学查阅资料发现，汽车行驶时轮胎对沥青路面产生的压强称为轮胎平均接地压强，这一压强过大将会对沥青路面产生不利的影响，而轮胎平均接地压强与汽车荷载以及轮胎气压密切相关，下表是有关的实验数据。
序号 轮胎气压（×106Pa） 汽车荷载（×103N） 轮胎平均接地压强（×106Pa）
1 0.6 110 0.76
2 131 0.84
3 151 0.88
4 0.7 110 0.88
5 131 0.94
6 151 0.99
7 1.0 110 1.00
8 131 1.05
9 151 1.14
（1）分析实验序号1与2与3（或4与5与6，或7与8与9）的数据可得出的初步结论是，当轮胎气压一定时， 。
（2）分析实验序号1与4与7（或2与5与8，或3与6与9）的数据可得出的初步结论是，当汽车荷载相同时， ；由此可以猜想：当汽车荷载一定时轮胎气压改变可能导致轮胎与地面间的 改变，从而改变了轮胎平均接地压强。
（3）分析实验序号3与4的数据可得出的初步结论是，当轮胎气压从0.6×106Pa增大至0.7×106Pa时，所产生的效果相当于在轮胎气压保持0.6×106Pa的情况下增加约 N的汽车荷载。
（4）如果你是道路养护单位的工作人员，请结合上述结论和所学的物理知识，向广大车主解释在汽车荷载一定时，为什么夏天比冬天温度高反而给轮胎加气少？ （提示：爆胎情况不用分析）。
【答案】（1）汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大
（2）轮胎气压越大，轮胎平均接地压强越大；接触面积
（3）4.1×104
（4）在汽车荷载一定时，夏天比冬天给轮胎加气少，是为了减小轮胎气压，减小轮胎平均接地压强，保护沥青路面。
【知识点】压强大小比较；减小压强的方法及其应用；气体压强与体积的关系
【解析】【解答】（1）由三组数据可知，当轮胎气压一定时，汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大，故答案为汽车荷载越大，轮胎平均接地压强越大；
（2）由三组数据可知，汽车荷载相同时，轮胎气压越大，轮胎平均接地压强越大，并且可能导致轮胎与地面间的接触面积改变，故答案为轮胎气压越大，轮胎平均接地气压越大，接触面积；
（3）根据表中3和4的数据可知，所产生的效果相当于在轮胎气压保持0.6×106pa的情况下增加约：（151－110）×103N＝4.1×104N的汽车荷载；
（4）根据（2）可知，当汽车荷载相同时，轮胎气压越小，轮胎平均接地压强越小，故夏天比冬天给轮胎加气少，是为了减少轮胎气压，减小轮胎平均接地压强，包含沥青路面。
【分析】根据控制变量法解答第（1）第（2）第（3）小题；
（4）根据保护沥青路面的角度解答。
四、综合题（共2题，计16分）
23．如图是宝鸡海底捞引进的“欢乐送”送餐机器人，请回答以下问题：
规格参数
机器人空载时体重 30kg
机器人底座尺寸 50mm×60mm
轮子与地面接触总面积 1×10﹣4m2
满载工作时移动速度 0.8m/s
单盘承重 10kg
满载工作时功率 120W
（1）机器人空载时对地面的压强是多少？（g取10N/kg）
（2）送餐过程中，机器人以0.8m/s的速度匀速直线移动，若它在运动过程中所受阻力为50N，则在1min内驱动力对机器人所做的功是多少？
（3）当它满载工作时，机器人受到的驱动力多大？
【答案】（1）解：机器人空载时对地面的压力：F＝G＝mg＝30kg×10N/kg＝300N，
对地面的压强： ；
答：机器人空载时对地面的压强是3×106Pa；
（2）解：因机器人匀速直线移动时处于平衡状态，驱动力和所受的阻力是一对平衡力，所以，机器人的驱动力F′＝f＝50N，
由 可得，在1min内机器人运动的距离：s＝vt＝0.8m/s×60s＝48m，
在1min内驱动力对机器人所做的功：W＝F′s＝50N×48m＝2400J；
答：在1min内驱动力对机器人所做的功是2400J；
（3）解：由 可得，当它满载工作时机器人受到的驱动力： 。
答：当它满载工作时，机器人受到的驱动力为150N。
【知识点】功率的概念；功率计算公式的应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据压力跟重力的大小关系和压强公式计算；
（2）根据平衡状态下，物体所受力的大小和运动状态的关系以及力对物体做功的两个必要因素计算；
（3）根据功率公式进行计算。
24．节能饮水机关键在于它的热交换器，热交换器是分内管和外管，外管包裹着内管，内管是加热水胆里的开水输送出去，外管把冷水输送进加热水胆，冷水吸收开水的热量，在进入加热水胆之前升温到85摄氏度左右，进入加热水胆之后，只需再加热15摄氏度就可以了，达到节能的目的。
（1）若质量是10kg、温度是100℃的开水从热水胆经出水管流出后变成温度是80℃的温开水，则同时从进水管流过的常温净化水吸收的热量是多少J？（不计热损失）
（2）饮水机内装有电加热系统，图3是它的电路示意图，其中R1是热水胆内的加热电阻，R2是热水胆外温控器内的限流电阻。饮水机加热状态和保温状态的总功率分别是3kW和200W。
①当开关S1闭合、S2 时，饮水机处于加热状态；当开关S1闭合、S2 时，饮水机处于保温状态。
②饮水机内的加热电阻R1和限流电阻R2的阻值分别是多少Ω？（结果保留整数）
【答案】（1）热水放出的热量：Q放＝cm（t0﹣t）＝4.2×103J/（kg ℃）×10kg×（100℃﹣80℃）＝8.4×105J，
不计热量损失，常温净化水吸收的热量：Q吸＝Q放＝8.4×105J；
答：从进水管流过的常温净化水吸收的热量是8.4×105J；
（2）①闭合；断开；②由P＝ 可知，R1的阻值： ； R1、R2的串联总电阻： ， 根据串联电路的电阻的可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝242Ω﹣16Ω＝226Ω。
【知识点】热量的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（2）①第1空：由图3可知，饮水机处于加热状态时，电源电压U=220V保持不变，根据功率公式得出，加热状态下的热功率越大，串联电路的总电阻R越小，即开关S1和S2都闭合时，电阻R2短路，只有加热电阻R1工作，处于加热状态，故答案为开关S2闭合；
①第2空：当开关S1闭合，S2断开时，电源电压不变，电阻R1和R2串联，总电阻变大，热功率变小处于保温状态，故答案为S2断开；
故答案填：①闭合；断开。
【分析】（1）根据不计热量损失，物体吸收和放出的热量相等进行计算；
（2）根据热功率公式和串联电路的电阻规律进行计算。
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