卷子答案网-一个不只有答案的网站2022年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷
一、选择题（本大题有12小题，每小题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的，请将其序号涂入答题卡中）
1．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．正在发声的物体一定在振动
B．用力鼓掌比轻轻拍掌发出的声音音调高
C．声波能传递信息，不能传递能量
D．在教室里安装噪声监测装置，可以使我们的学习不受噪声干扰
2．（2分）关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（ ）
A．用超导材料制成的电热器发热效率更高
B．光纤通信是利用光波在光导纤维中不断折射传输信息的
C．光盘不是磁性材料，但能存贮大量的信息
D．核能、潮沙能和地热能都属于可再生能源，都不是来自太阳能
3．（2分）2021年5月29日，由“长征七号”火箭助推发射的“天舟二号”货运飞船顺利升空，进入预定轨道，开始追赶“天和”核心舱。30日凌晨，“天舟二号”与“天和”成功对接。下列说法正确的是（ ）
A．火箭发射后上升的过程中，“天舟二号”的机械能增大
B．“天舟二号”的太阳能电池将化学能转化为电能
C．成功对接后，以“天舟二号”为参照物，“天和”是运动的
D．“天和”核心舱绕地球运行过程中，运动状态保持不变
4．（2分）北京冬奥会开幕式倒计时的24节气的运用，将中国传统文化发挥到了极致.下列节气，涉及物态变化的说法中，正确的是（ ）
A．“白露”节气，露的形成是液化现象，要放出热量
B．“谷雨”节气，雨的形成是汽化现象，要放出热量
C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象，要吸收热量
D．“大雪”节气，雪的形成是凝固现象，要吸收热量
5．（2分）成语是汉语中的一种独特的表达方式，意思精辟，结构紧密，是中华文化中一颗璀璨的明珠.下列成语中，能用光的折射知识解释的是（ ）
A．杯弓蛇影 B．立竿见影 C．镜花水月 D．空中楼阁
6．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ）
A．地球绕太阳运行，太阳是宇宙的中心
B．橡胶棒与毛皮摩擦后，橡胶棒得到电子带负电荷
C．在夸克、原子核和原子中，尺度最小的是原子核
D．气体很容易被压缩，说明气体分子间没有斥力
7．（2分）关于如图所示的四个实验，下列说法中不正确的是（ ）
A．甲图中，两手指的感觉不一样，是因为两手指受到的压强不同
B．乙图中，用力吸气时乒乓球不会掉下，用力吹气时乒乓球一定会掉下
C．丙图中，手拿导线的另一端时断时续地接触电池正极，可以验证电磁波的存在
D．丁图中，用力迅速压下活塞后，玻璃筒内硝化棉着火，说明做功可以改变内能
8．（2分）北京冬奥会、冬残奥会的成功举办，点燃了中国冰雪运动的激情.如图是小雪正在滑雪的场景，下列说法正确的是（ ）
A．小雪受到的重力与滑雪板对小雪的支持力是一对相互作用力
B．小雪对滑雪板的压力与滑雪板对小雪的支持力是一对平衡力
C．小雪用滑雪杆撑地加速滑行，说明力是改变运动状态的原因
D．小雪在水平滑道滑向终点时，停止用力不能立即停下来是因为受到惯性的作用
9．（2分）如图所示是与磁现象有关的四个实验，与其对应的判断正确的是（ ）
A．甲图中，若磁环B的下表面是N极，则磁环A的上表面是S极
B．乙图中，通电后大铁钉能吸引大头针，说明电流可以产生磁场
C．丙图中，开关闭合，ab棒不动，左右移动磁体，电流计的指针不偏转
D．丁图中，导体ab用轻质的铁棒比铜棒效果更好
10．（2分）如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置。R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆一端，闭合开关S，从油量表指针所指的刻度就可以知道油箱内油面的高度。下列说法正确的是（ ）
A．油量表是由电压表改装的
B．浮球可能是实心铁球
C．油面上升时，电阻R1两端的电压减小
D．油面上升时，电路的总功率增大
11．（2分）如图所示，是小明家配电系统的简化电路图。一天，小明在插座上插上电烤箱时，空气开关1“跳闸”了，而其他空气开关正常，拔掉电烤箱后，合上空气开关1，其他用电器仍正常工作。多次插上电烤箱后总出现之前的现象，下列判断正确的是（ ）
A．电烤箱的功率太大或电烤箱插头短路
B．空气开关4可能断路
C．空气开关1“跳闸”后，空气开关2正常，所以照明灯仍能工作
D．空气开关4允许的最大电流可能大于空气开关1允许的最大电流
12．（2分）如图甲所示，小灯泡L的额定电压为2.5V，滑动变阻器R的最大阻值为40Ω，电流表的量程是0～0.6A，电源电压恒定。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示，电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图象如图丙所示。则下列说法中不正确的是（ ）
A．小灯泡额定功率是1.25W
B．电源电压为4.5V
C．图丙中，I0的大小是0.1A
D．要电路中各元件都安全，滑动变阻器接入电阻至少是4Ω
二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）
13．（2分）如图，是中考时贴在试卷答题卡上用来识别考生信息的条形码，当条形码扫描器用光照射它时，会接收到 （选填“黑色”、“白色”或“黑色和白色”）条纹反射的光，再通过电脑解码就可以获取考生相关信息。疫情防控期间，考生进入学校时，要通过体感测温门，通过该门时，显示器就能显示通过者的体温。这种检测门是靠感应人体发出的 来测量温度的。
14．（4分）在探究“萘熔化时温度的变化规律”时，试管中萘的颗粒 （选填“大”或“小”）一点好。如图是根据实验数据画出的萘温度随加热时间变化的图像，由图可知，萘为 （选填“晶体”或“非晶体”），从第6min到第12min该物质的温度 ，内能 （后两空填变化情况）。
15．（4分）小明用同种材料制成的直径相同、厚度不同的甲、乙两个凸透镜探究近视眼的成因（甲透镜较薄一些）。他先将甲透镜和光屏位置固定，移动蜡烛到如图所示的位置时，光屏上出现了清晰的像，该像是倒立的、 的实像。若只将甲透镜换成乙透镜（蜡烛、透镜和光屏的位置不变），光屏上的像变模糊了，为在光屏上看到清晰的像，可将蜡烛向 （选填“左”或“右”，下同）移动，也可将光屏向 移动，还可在蜡烛与透镜之间靠近透镜处放一适当的 （选填“凸透镜”或“凹透镜”）。
16．（3分）如图是探究“电热大小与电阻关系”的实验装置。两烧瓶中煤油的质量要 （选填“相同”或“不同”，下同），两烧瓶内电阻丝的阻值要 。小明实验时，即使将滑动变阻器的阻值调到零，温度计示数上升得还是很慢；若要温度计示数上升快些，你有何改进施？ （写出一点）。
17．（4分）取一只塑料袋（重力忽略不计），袋内装大半袋水，用细线把袋口扎紧，挂在弹簧测力计下端，测出其重力（如图所示）。水的重力是 N，再将塑料袋水逐渐浸入水中，弹簧测力计读数逐渐变小，这表明水袋所受浮力 （选填“变小”或“变大”），由此得出浮力的大小与 有关，当 时弹簧测力计读数为零。
18．（3分）2021年5月10日，中国一汽红旗首款自主研发的氢能发动机（如图甲）在中国自主品牌博览会亮相。它的工作原理与汽油机原理相同，但热效率可达42%，并可实现“零碳排放、零污染排放”的“双零排放”。图乙是氢能发动机的 冲程，若氢能发动机在1秒内完成10个该冲程，则氢能发动机飞轮的转速是 r/min，该发动机消耗10m3氢气可以输出 J的有用功（q氢气＝1.3×107J/m3）。
19．（3分）为了测量果汁的密度，小明先用天平测量烧杯和果汁的质量，天平平衡时，所加砝码和游码的位置如图甲所示，则烧杯和果汁的总质量为 g.再将烧杯中的部分果汁倒入量筒，如图乙所示，最后再用天平测得烧杯和剩余果汁的质量为37.6g.则果汁密度为 kg/m3。仔细观察，小明发现在量筒的内壁上有大量小气泡，则小明测量的结果 （选填“偏大”或“偏小”）.
20．（3分）如图所示，是小明家月初和月末电能表的示数，若每度电的电费是0.5元，则这个月小明家要交 元的电费。若他家正在工作的用电器总功率为1200W， （选填“能”或“不能”）将额定功率为1500W的空调再接入电路。如果只让该空调单独正常工作2min，电能表的转盘转 圈。
三、解答题（本大题有9小题，共50分，解答第22、23题时必须要写出解题过程）
21．（6分）在图中，画出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
22．（6分）如图是用动滑轮运送建筑材料A的示意图，在卷扬机对绳子的拉力作用下，使重800N的建筑材料A以0.2m/s的速度沿竖直方向匀速上升10m。已知卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为200W。绳重可忽略不计。求：
（1）拉力F所做的功；
（2）拉力F的大小；
（3）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率η。
23．（6分）如图所示是某型号电压力锅工作电路简图，下表是其部分参数。接通电路后，开关S自动与触点a、b接通，处于加热状态；当锅内混合物质温度达到103℃时，开关S自动与a、b断开，并与触点c接通，进入恒温保压状态。现将质量为2.0kg，初温为15℃的混合物质放入压力锅中，接通电路使其正常工作30min。假设加热器产生的热量全部被混合物质吸收，混合物质的比热容为c＝4.0×103J/（kg ℃）。求：
额定电压/V 220
加热状态额定功率/W 550
恒温保压状态额定功率/W 110
（1）R1、R2的阻值；
（2）电压力锅加热多少秒后进入恒温保压状态？
（3）电压力锅最后5min内消耗的电能。
24．（5分）在“探究不同物质吸热升温的现象”时，比较不同物质的吸热能力有以下两个方案：
方案一：取相同质量的两种物质，吸收相等的热量，比较温度的变化；
方案二：取相同质量的两种物质，升高相同的温度，比较吸收的热量。
（1）实验时，用相同的热源采用相同的方法加热，目的是将方案中“吸收的热量”转换为 （选填“升高的温度”或“加热的时间”）；这种转换法的思想在一些测量工具上也有体现，下列测量工具中，没有体现这种思想方法的是 ；
A.弹簧测力计
B.天平
C.温度计
（2）下表是小明用甲、乙两种液体进行实验时记录的实验数据，分析表中信息可知，小明采用的是 （选填“方案一”或“方案二”）；质量相等的甲、乙两种液体吸收相同的热量后， 升高的温度大；
液体名称 液体质量m/g 初温t1/℃ 末温t2/℃ 加热时间t/min
甲 10 30 40 6
乙 10 30 40 3
（3）在甲、乙两种液体中如果要选一种液体作为发动机的冷却液，应选 液体。
25．（6分）（1）在“探究光的反射规律”的实验中，如图甲所示，平面镜M放在水平桌面上，E、F是两块粘接起来的硬纸板，要使入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现，纸板与平面镜的位置关系应该是 ，实验时，从纸板前不同方向都能看到光的径迹，这是因为光在纸板上发生了 ；如图乙所示以法线ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转，观察纸板F上能否呈现反射光束OB，这样做的目的是探究 。
空气中的入射角i 0° 30° 45° 60°
水中的折射角r 0° 22° 32° 40°
玻璃中的折射角θ 0° 17° 24° 30°
（2）在探究“光的折射规律”实验中，某小组将光从空气中分别射入水和玻璃中，记录数据如下表，分析表中数据可知：光从空气斜射入其他介质时，折射角随入射角增大而 （选填“增大”或“减小”），光从空气中斜射入其他介质时，折射角 （选填“可能”或“不可能”）达到90°；用塑料薄膜和水制成一个“水凸透镜”，与外观尺寸相同的玻璃凸透镜相比，“水凸透镜”的焦距更 （选填“大”或“小”）
26．（5分）在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小明设计了三种测量滑动摩擦力大小的方案：
方案一：如图甲，木板固定不动，用弹簧测力计拉着木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，读出弹簧测力计的示数；
方案二：如图乙，拉木板向左运动，读出弹簧测力计的示数；
方案三：如图丙，拉木板向左运动，读出弹簧测力计的示数。
（1）“方案一”中，木块受力 （选填“平衡”或“不平衡”），木块受到的滑动摩擦力 （选填“等于”或“不等于”）弹簧测力计的示数；
（2）“方案二”中，由于 的影响，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力并不在同一直线上，因此滑动摩擦力的大小与测力计的示数并不相等。
（3）“方案三”中，拉木板时 （选填“需要”或“不需要”）做匀速直线运动，木块受到的滑动摩擦力的方向是水平向 。
27．（4分）在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：
（1）在挂钩码前，杠杆左端高右端低，要使杠杆在水平位置平衡，应向 端调节平衡螺母；
（2）调平后在A处挂两个相同的钩码（每个钩码质量是50g），用弹簧测力计在C处竖直向上拉，使杠杆在图乙（水平）位置平衡时，测力计的示数为F1，在图丙位置平衡时，测力计的示数为F2，则F1＝ N，F2 F1（填“＜”、“＞”或“＝”）。实验时，让杠杆在图乙位置平衡，目的是 。（g取10N/kg）
28．（4分）在研究串联电路的电流特点时，小明设计了如图所示的电路图。
（1）闭合开关后，他发现灯L1亮，L2不亮，对L2不亮的原因，小明作出了如下猜想：①灯L2的灯丝断了；②灯L2两端短路；③灯L2的实际电功率太小。
你认为小明的猜想中，猜想 （填序号）肯定不正确。为了验证其余两猜想是否属实，小明把灯L2从灯座上拧下来后，发现灯L仍发光，则他的猜想 （填序号）是合理的。
（2）排除故障后，他发现电流表甲和乙的示数分别为0.18A和0.16A，为什么两个电流表示数不同呢？小明认为电流先达到电流表甲，经过灯L2时被消耗了一些，因此到达电流表乙时会小一些。你认为他的想法是 （选填“正确”或“错误”）的，下列操作中能够证明你的观点的是： 。
①换不同的灯泡做实验；
②将L1、L2对调位置；
③将甲、乙两个电流表的位置对调；
④将电源正负极对调。
29．（8分）（1）在“伏安法测量定值电阻”的实验中，小明连接的电路如图1甲所示。
①小明连接的电路中，有一根导线连错了，在接错的导线上打“×”，画出正确的接线；
②故障排除后，小明调节滑动变阻器滑片，读出电压表和电流表示数如下表，第三次实验时电压表指针如图1乙。在表中填上第三次的电压值并在图1丙中画出电阻R的I﹣U关系图像；
U/V 0.5 1.0 2.1 2.5
I/A 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5
③求出该电阻的阻值为 Ω。（保留一位小数）
（2）为了研究通过导体的电流与导体两端的电压的关系，小明设计了图2甲所示的电路。电源电压恒为6V，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。
①闭合开关后，移动滑片P，发现两电表示数始终如图2乙所示，原因是滑动变阻器接入的是 两个接线柱；
②改正错误后，小明继续实验，将有关实验数据标记在图2丙上。分析图2丙可知，他所选择的滑动变阻器的规格是 （选填字母）。
A.10Ω 2A
B.25Ω 2A
C.50Ω 0.5A
③图2丙中，阴影部分的面积大小表示 。
④如果要继续探究电流与电阻的关系，小明在原有器材的基础上，又增加了10Ω和15Ω的电阻各一个，为了用这三个电阻单独接入电路，都能获得正确的实验数据，小明实验时控制不变的电压至少为 V。
30．如图所示，活塞式抽水机AOB部分可视为杠杆，O为支点，当与连杆相连的B点向上运动时，画出作用在手柄A点的最小动力F1及动力臂l1和B点所受的阻力F2。
31．螺线管通电后，小磁针静止时N极所指方向如图所示，请标出电源的正负极。
2022年江苏省泰州市姜堰区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题有12小题，每小题2分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的，请将其序号涂入答题卡中）
1．【解答】解：A、声音由物体的振动产生，所以正在发声的物体一定在振动，故A正确；
B、用力鼓掌再轻轻拍掌，手掌振动的振幅不同，所以发出声音的响度就不同，故B错误；
C、声音可以传递信息，也可以传递能量，故C错误；
D、教室内安装噪声监测装置不能使教室内学生上课免受周围环境的噪声的干扰，故D错误。
故选：A。
2．【解答】解：A、超导体是零电阻，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制作，所以超导体不能应用在电热器上，故A错误；
B、激光在传输过程中，从光导纤维的一端射入后，在光导纤维内壁上要发生多次反射，并从另一端射出，这样就把它携带的信息传递出去，故B错误；
C、光盘不是磁性材料，能存贮大量的信息，故C正确；
D、像化石能源、生物质能等都是或直接或间接的来源与太阳，而核能、地热能和潮汐能都不是直接或间接来自太阳，核能不是可再生资源，故D错误。
故选：C。
3．【解答】解：A、火箭发射后上升的过程中，“天舟二号”的质量不变，速度在不断变大，所以动能在不断增大，高度增加，则重力势能增加，所以“天舟二号”的机械能在不断增大，故A正确；
B、“天舟二号”的太阳能电池将太阳能转化为电能，故B错误；
C、成功对接后，以“天舟二号”为参照物，“天和”相对于“天舟二号”的位置没有发生变化，所以“天和”是静止的，故C错误；
D、“天和”核心舱绕地球运行过程中，运动方向在不断发生变化，所以“天和”核心舱的运动状态在不断发生变化，故D错误。
故选：A。
4．【解答】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故A正确；
B、雨是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷变成的固态小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C错误；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷变成的固态小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：A。
5．【解答】解：A、杯弓蛇影，属于平面镜成像，是光的反射现象，故A错误；
B、立竿见影，是由光的直线传播形成的，故B错误；
C、镜花水月，属于平面镜成像，是光的反射现象，故C错误；
D、空中楼阁，是由于光的折射形成的，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解；A、宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳并不是宇宙的中心，恒星也不是绝对不动的，故A错误；
B、毛皮与橡胶棒摩擦后，橡胶棒得到电子带负电；
C、原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子比原子核大；原子核是由质子和中子组成的，所以原子核比中子大；而夸克则是比中子更小的微粒，所以在这几种微粒中夸克是最小的；故C错误；
D、气体很容易被压缩，是因为分子间的距离很大时，引力和斥力都会变得很小易被压缩；气体分子间不是没有作用力，故D错误。
故选：B。
7．【解答】解：A．由图甲可知，右手指的受力面积比较小，根据压强公式p＝可知，右手指受到的压强比较大，即p1＜p2，所以右边手指感觉比左边手指疼，故A正确；
B．向漏斗口吹气，乒乓球会贴在漏斗上不掉下来，是因为当从漏斗口吹气时，乒乓球上面的空气流速增大，压强减小，乒乓球被下面的大气压压向漏斗颈而不掉下来，故B错误；
C．收音机能接收电磁波，取一节干电池和一根导线，靠近收音机，将导线的一端与电池的一极相连，用导线的另一端与电池的另一极时断时续地接触，从收音机里可以听到咔嚓声，收音机的“咔嚓声”说明有电磁波存在，故C正确；
D．迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到棉花的燃点时，棉花就会燃烧，说明做功可以改变内能，故D正确。
故选：B。
8．【解答】解：A、小雪受到的重力与滑雪板对小雪的支持力，小雪在斜面上滑雪，二力大小不相等，方向不相反，不是一对相互作用力，故A错误；
B、小雪对滑雪板的压力与滑雪板对小雪的支持力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故B错误；
C、小雪用滑雪杆撑地加速滑行，力是改变物体运动状态的原因，故C正确；
D、小雪在水平滑道滑向终点时，停止用力不能立即停下来是因为她具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故D错误。
故选：C。
9．【解答】解：
A、A的下表面与B的上表面是同名磁极，由于B下表面是N极，所以B的上表面为S极，A的下表面是S极，A的上表面是N极，故A错误；
B、由图可知，通电后，电磁铁能吸引大头针，这说明电磁铁具有磁性，其原理是电流的磁效应，故B正确；
C、丙图中，开关闭合，ab棒不动，左右移动磁体，相当于闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流计的指针会偏转，故C错误；
D、为使实验顺利进行导体ab应该用不被磁铁吸引的铜棒，故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：A、由电路图可知，油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的，故A错误；
B、假设浮球是实心的，根据物体的浮沉条件可知：ρ球＜ρ油，
已知：ρ油＜ρ铁，则：ρ球＜ρ铁，
所以浮球一定不是实心铁球，故B错误；
CD、由电路图可知，R1与R2串联，电流表（油量表）测电路中的电流；当油箱内油面上升时，浮标也随之上升，在杠杆的作用下滑片下移，滑动变阻器接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，根据U＝IR可知电阻R1两端的电压变大，故C错误；
根据P＝UI可知总功率的变大，故D正确。
故选：D。
11．【解答】解：
A、若电烤箱插头出现了短路现象，此时合上开关1，空气开关4和空气开关1都会跳闸，故A错误；
B、开关4可能断路，接入电烤箱时，由于通过电烤箱无电流，不会改变电路的状态，故B错误；
C、空气开关1“跳闸”后，空气开关2不能正常，所以照明灯不能工作，故C错误；
D、插上了新买的电烤箱，开关1“跳闸”了，而其他开关正常，拔掉电烤箱后合上开关1．其他用电器仍正常工作，再次插上后又出现了之前的现象，这表明接入电烤箱时，由于电路中的总电流会变大，超出了开关1的额定电流，所以开关1会跳闸，故D正确。
故选：D。
12．【解答】解：A、由图乙知当小灯泡L的额定电压为2.5V，通过小灯泡的电流为0.5A，
小灯泡额定功率是：
PL＝ULIL＝2.5V×0.5A＝1.25W，故A正确；
B、由图丙知当电路中的电流为0.5A时，滑动变阻器接入电路的电阻为4Ω；
由I＝得滑动变阻器两端的电压为：
UR＝IR＝0.5A×4Ω＝2V，
由串联电路电压的规律知电源电压为：
U＝UL+UR＝2.5V+2V＝4.5V，故B正确；
C、假设小灯泡的电阻不变，小灯泡的电阻为：
RL＝＝＝5Ω，
当滑动变阻器接入电路的电阻为R′＝40Ω时，
电路中的电流为：
I′＝＝＝0.1A，
由图乙知小灯泡的电阻是变化的，故当R′＝40Ω时，灯泡两端的电压小于额定电压，所以小灯泡的实际电阻小于5Ω，故电路中的电流I0＞0.1A，故C错误；
D、由于小灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程是0～0.6A，所以电路中的最大电流为0.5A，由图丙知滑动变阻器接入电阻至少是4Ω，故D正确。
故选：C。
二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）
13．【解答】解：白色不透明物体能反射所有颜色的光，黑色不透明物体吸收所有颜色的光，所以当条形码扫描器用光照射它时，会接收到白色条纹反射的光。
红外线测温仪是通过对物体自身辐射的红外能量的测量，准确地测定物体表面温度的仪器，而体温检测门就属于这类仪器，是靠感应人体发出的红外线来测量温度的。
故答案为：白色；红外线。
14．【解答】解：
（1）在探究萘熔化时温度变化的规律时，为了使萘受热均匀，更能准确测量熔化过程中的温度变化，使用的萘颗粒不能太大；
（2）由图中图象可知，从第5分钟到第13分钟这段时间内，虽然继续吸热，但萘的温度保持80℃不变，所以萘是晶体；当加热到第6分钟末，从第6min到第12min该物质处于熔化状态，吸收热量温度不变，内能增大。
故答案为：小；晶体；不变；增大。
15．【解答】解：将甲透镜和光屏位置固定，移动蜡烛到如图所示的位置时，此时u＞v，凸透镜成倒立、缩小的实像；
因为凸透镜越厚，焦距越小，若只将甲透镜换成乙透镜（蜡烛、透镜和光屏的位置不变），焦距变小，会聚能力变强，为在光屏上看到清晰的像，可将蜡烛向右移动，也可将光屏向左移动，还可在蜡烛与透镜之间靠近透镜处放一适当的凹透镜。
故答案为：缩小；右；左；凹透镜。
16．【解答】解：（1）实验中通过温度计的示数高低反映产生热量多少，两烧瓶中应放相同质量的煤油；
（2）本题是探究“电热大小与电阻关系”的实验，根据控制变量法可知，应该控制电阻不同、电流相同；
（3）温度计示数上升得很慢，可能是电阻丝放出的热量太少，电路中电流太小，滑动变阻器已经调到零，可以增大电源电压；
也可能是煤油太多，可以减少烧瓶中煤油的质量。
故答案为：相同；不同；增大电源电压。
17．【解答】解：
（1）水袋的重力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计的分度值是0.2N，指针在2N下4格处，示数为2.8N；
（2）塑料袋受竖直向上的弹簧秤的拉力F，水的浮力F浮，竖直向下的重力G，在这三个力的作用下，物体处于平衡状态，三个力的合力为零，
即F浮+F﹣G＝0，F浮＝G﹣F，在塑料袋逐渐浸入水的过程中，重力G不变，弹簧拉力F逐渐变小，则浮力F浮逐渐增大，而塑料袋排开水的体积逐渐增大，
这说明水袋所受浮力的大小随排开水的体积增大而增大；
（3）当水袋全部浸没在水中时，因V排＝V水，则F浮＝G。则弹簧测力计的读数为零。
故答案为：2.8；增大；排开水的体积；水袋全部浸没在水中。
18．【解答】解：（1）由图乙可知，氢能发动机的进气门和排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，为氢能发动机的做功冲程；
（2）汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功一次，
氢能发动机工作原理与汽油机原理相同，氢能发动机在1秒内完成10个该冲程，即1秒氢能发动机做功10次，
由于汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功一次，所以氢能发动机飞轮每秒转20圈，
则氢能发动机飞轮的转速n＝＝1200r/min；
（3）氢气完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq氢气＝10m3×1.3×107J/m3＝1.3×108J，
由η＝可知，输出的有用功：W＝ηQ放＝42%×1.3×108J＝5.46×107J。
故答案为：做功；1200；5.46×107。
19．【解答】解：由图1知，标尺分度值0.2g，烧杯和果汁的总质量为50g+20g+5g+4.6g＝79.6g；
由图2知，量筒的分度值2mL，量筒中果汁的体积为40mL＝40cm3；
倒入量筒中果汁的质量为79.6g﹣37.6g＝42g，
果汁的密度ρ＝＝＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3；
量筒的内壁上有大量小气泡，则所测果汁的体积偏大，由ρ＝可知，测出果汁的密度会偏小。
故答案为：79.6；1.05×103；偏小。
20．【解答】解：（1）小明家这月用电量为：1282.9kW h﹣1120.9kW h＝162kW h；
这个月要交电费：162kW h×0.5元/kW h＝81元；
（2）由电能表表盘知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为40A，
所以他家电能表同时允许接入用电器最大总电功率：P最大＝UI最大＝220V×40A＝8800W；
再将空调接入电路，总电功率P总＝1200W+1500W＝2700W＜P最大＝8800W，
所以能将额定功率为1500W的空调再接入电路；
（3）“600revs/（kW h）”表示每消耗1kW h的电能电能表的转盘转600r，
只让空调单独正常工作2min消耗的电能：
W′＝P′t＝1.5kW×h＝0.05kW h，
电能表转盘转数：
n＝600revs/（kW h）×0.05kW h＝30r。
故答案为：81；能；30。
三、解答题（本大题有9小题，共50分，解答第22、23题时必须要写出解题过程）
21．【解答】解：先作出物体AB在平面镜中的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′为物体AB的像，如图所示：
22．【解答】解：（1）由v＝可知，建筑材料匀速上升10m所需的时间：
t＝＝＝50s，
由P＝可知，拉力做的总功：
W总＝Pt＝200W×50s＝1×104J；
（2）由图可知n＝2，拉力端移动距离：
s＝nh＝2×10m＝20m，
由W＝Fs可知，拉力：F＝＝＝500N；
（3）有用功：W有＝Gh＝800N×10m＝8×103J；
动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）拉力F所做的功为1×104J；
（2）拉力F的大小为500N；
（3）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率为80%。
23．【解答】解：（1）开关S自动与a、b断开，并与触点c接通，进入恒温保压状态，电路为R2的简单电路，P恒＝110W，
由P＝UI＝可知，电阻R2的阻值为：
R2＝＝＝440Ω，
开关S与触点a、b接通时，R1与R2并联，加热器处于加热状态，
因电路中总功率等于各用电器功率之和，
所以，R1的电功率P1＝P加热﹣P恒＝550W﹣110W＝440W，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
由P＝UI＝可知，电阻R1的阻值为：
R1＝＝＝110Ω；
（2）当锅内混合物质温度达到103℃时，开始保压，
则混合物质温度升高到103℃时所吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg ℃）×2kg×（103℃﹣15℃）＝7.04×105J，
因加热器产生的热量全部被混合物质吸收，
所以，由W＝Q吸＝Pt可得，从加热到保压的时间：
t′＝＝＝1280s；
（3）由于电压力锅正常工作时间为30min，所以电压力锅最后5min处于保压状态，
则消耗的电能：W＝P恒t″＝110W×5×60s＝3.3×104J。
答：（1）R1、R2的阻值依次为110Ω、440Ω；
（2）电压力锅加热1280s后进入恒温保压状态；
（3）电压力锅最后5min内消耗的电能为3.3×104J。
24．【解答】解：（1）热源和加热方式相同时，则热源在相同时间内放出的热量是相同的，物体吸收的热量也相同，所以我们将方案中的“吸收的热量”转换加热时间；
A、弹簧测力计是根据在弹性限度内弹簧的伸长量与拉力成正比的原理工作的，用弹簧伸长量的大小来反映拉力的大小，这用到了转换法，故A不符合题意；
B、天平是等臂杠杆，它的原理是根据杠杆平衡条件，没有用到转换法，故B符合题意；
C、温度计的原理是液体的热胀冷缩，当温度升高或降低时，温度计中的液体便膨胀或收缩，从温度计中液体高度的变化便可知温度的变化，用到了转换法，故C不符合题意；
故选：B；
（2）（3）分析表中信息，质量相同，比较升高相同的温度所用加热时间，故小明采用的是方案二；
分析表中数据知，取相同质量的两种物质，升高相同的温度，甲的加热时间长，甲吸收的热量多，甲的吸热能力强，据此推理，若质量相等的甲、乙两种液体吸收相同的热量后，乙升高的温度大；
如果甲、乙两种液体都可作为发动机冷却液，从物质吸热能力角度考虑，因甲的吸热能力强，比热容大，根据Q＝cmΔt知相同质量的甲、乙两种物质升高相同的温度，甲吸热多，故应选甲液体作发动机冷却液。
故答案为：（1）加热的时间；B；（2）方案二；乙；（3）甲。
25．【解答】解：（1）要使入射光线和其反射光线的径迹同时在纸板上出现，则法线必须与平面镜垂直，并且反射光线、入射光线和法线必须在同一平面内，因此纸板与平面镜的位置关系应该是垂直；
实验时，从纸板前不同方向都能看到光的径迹，这是因为光在纸板上发生了漫反射。
以法线ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转，纸板上就看不到反射光线，说明反射光已经不在纸板上了，而此时纸板F和纸板E也不是一个平面了，由此可以探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。
（2）由表格中的数据可知：当空气中的入射角逐渐增大时，折射角也随之增大；但折射角始终小于入射角，故光从空气射入其它介质时，折射角不可能达到90°；
由表格数据可知，入射角为45°时，光射入水中时折射角为32°，光射入玻璃的折射角为24°，则玻璃对光的偏折能力更强，所以两个外形完全一样的水凸透镜和玻璃凸透镜，玻璃凸透镜的焦距应更短，“水凸透镜”的焦距更大。
故答案为：（1）垂直；漫；反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；（2）增大；不能；大。
26．【解答】解：（1）由题知，图甲中，木块做的是匀速直线运动，即木块处于平衡状态，根据牛顿第一定律知，木块受力平衡；
由于弹簧测力计对木块的拉力是斜向上的，而木块受到的滑动摩擦力是水平向左的，这两个力的方向不在同一个直线上，根据二力平衡知，这两个力不是一对平衡力，所以木块受到的滑动摩擦力不等于弹簧测力计的示数；
（2）“方案二”中（图乙），对弹簧测力计进行受力分析知，由于弹簧测力计自身重力的影响，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力并不在同一直线上，从而对实验产生影响；
（3）图丙中，当木板被向左拉动时，木块相对于地面是静止的，根据二力平衡知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计示数，所以拉木板时不需要做匀速直线运动；
弹簧测力计通过绳子对木块的拉力是水平向右的，根据二力平衡知，木块受到的滑动摩擦力方向是水平向左。
故答案为：（1）平衡；不等于；（2）弹簧测力计自身重力；（3）不需要；左。
27．【解答】解：（1）杠杆重心右移应将平衡螺母向左调节，直至重心移到支点处；
（2）设杠杆一个小格代表L，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2知，
F1×2L＝2×0.05kg×10N/kg×4L，解得F1＝2N；
做实验时，如图丙所示的杠杆已达到平衡。当杠杆由图乙的位置变成图丙的位置时，其动力臂、阻力臂的比值是不变的，所以在阻力不变的情况下，动力是不变的，所以F2＝F1；
实验时，施加的动力和阻力的方向都是竖直方向，此时力与力臂垂直，可从杠杆的标尺上直接读出对应的力臂，即这样操作是为了便于测量力臂。
故答案为：（1）左；（2）2；＝；为了便于测量力臂。
28．【解答】解：（1）由图甲可知，L1与L2串联，闭合开关后，灯L1亮，L2不亮，只有一条电流路径，表明电路不会出现断路，所以猜想①肯定不正确；
把灯L2从灯座上拧下来后，发现灯L1仍发光，表明L2发生短路，选②；
（2）串联电路中电流处处相等，图中造成两个电流表示数不同的原因可能是两个电流表的读数误差或指针未调整，因此最简单的方法是将甲、乙两个电流表的位置对调，再观察读数，然后与第一次的读数比较，故③可行；将电源正负极对调，此时电流是先达到电流表乙，若按小明的想法，电流表的示数会发生变化，故④可行。
故答案为：（1）①；②；（2）错误；③④。
29．【解答】解：（1）①如图1甲所示实物电路，错误是：电流表与定值电阻并联了，正确接法如图所示：
；
②第三次实验时电压表指针如图1乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.6V，
根据第一次实验数据得，电阻的阻值R1＝＝＝5Ω；同理，根据欧姆定律求得第2次至第5次的电阻值分别为5Ω；5.3Ω；5.25Ω；5Ω；
该电阻的阻值：R＝≈5.1Ω；
③根据表格中的数据，描点，连线，画出电阻R的I—U关系图像，如图所示：
；
（2）①移动滑片，电流表示数不变，说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻；
根据图2乙可知，电压表的量程0～15V，分度值为0.5V，示数为6V，等于电源电压，因此滑动变阻器接入电路的阻值为零，即滑动变阻器的接线柱CD接入了电路；
②根据图2丙可知，电路中的最小电流为0.2A，定值电阻两端电压为1V；
由串联电路电压规律和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R滑＝＝＝25Ω；而电路中的最大电流大于0.5A，故选B；
③根据图2丙可知，阴影部分面积等于电流与电压的乘积，因此阴影部分的面积大小表示R1的电功率为P＝UI＝1V×0.2A＝0.2W；
④滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律和分压原理有：＝＝，由此可知，当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，即＝，解得：UV＝2.25V。
为了用这三个电阻单独接入电路，都能获得正确的实验数据，小明实验时控制不变的电压至少为2.25V。
故答案为：（1）①见解答；②1.6；见解答；③5.1；（2）①CD；②B；③小灯泡的实际功率是0.2W；④2.25。
30．【解答】解：与连杆相连的B点向上运动时，阻力作用点在点B，方向竖直向下；
由图可知，当动力臂等于OA时，力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，动力最小；
连接OA，标出力臂符号L1；过动力作用点A作力臂OA的垂线段，标出力的符号F1，与连杆相连的B点向上运动时，最小动力的方向应该向左下方。如图所示：
31．【解答】解：图中小磁针N极向左，即该点磁感线向左，因电磁铁外部磁感线由N极指向S极，故电磁铁左侧为N极，由安培定则可知电流由右侧流入，即电源右侧为正极；如图所示：
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