卷子答案网-一个不只有答案的网站福建省厦门市思明区湖里中学2022-2023学年九年级上学期开学物理试卷(解析版)
一、选择题（本大题共12小题.每小题3分，共36分.每小题只有一个选项符合题意）
1．（3分）以下单位中不是电功单位的是（ ）
A．J B．kW h C．W D．度
2．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量
B．物体的温度不变，它的内能一定不变
C．热值大的燃料完全燃烧，放出的热量一定多
D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
3．（3分）如图所示的用具中，属于省力杠杆的是（ ）
A． 钳子 B． 镊子
C． 天平 D． 筷子
4．（3分）下列估测数据中，你认为明显不符合实际的是（ ）
A．操场上一个篮球场的长度约28m
B．初中学生的平均体重约450N
C．一张普通CD光盘的直径大约30cm
D．一个鸡蛋的重力约0.5N
5．（3分）汽车在高速公路上行驶，下列交通规则与惯性无关的是（ ）
A．右侧通行 B．系好安全带 C．限速行驶 D．保持车距
6．（3分）如图所示的四个实例中，目的是为了减小压强的是（ ）
A．饮料管的一段剪成斜口
B．大型平板车装有很多轮子
C．切蛋器装有很细的钢丝
D．注射器针头做的很尖
7．（3分）如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（3分）如图所示，一带负电橡胶棒靠近用细线挂住的轻细吸管A端时，吸管发生了转动。对吸管A端带电性质判断正确的是（ ）
A．若相互吸引，一定带正电
B．若相互吸引，一定带负电
C．若相互排斥，一定带正电
D．若相互排斥，一定带负电
9．（3分）由于视觉原因，用鱼叉刺向水里的鱼往往难于成功。图中能正确解释刺不到鱼的光路图是（ ）
A． B．
C． D．
10．（3分）如图所示的各种自然现象，在形成过程中需要吸收热量的是（ ）
A．初春，河流中冰雪消融 B．仲夏，草叶间露珠晶莹
C． 深秋、枝头上挂满白霜 D． 寒冬，窗玻上冰花剔透
11．（3分）如图所示，重力为G的木块被沿竖直方向的两根绳子拉住处于静止状态，已知木块受到绳子向上拉力为F1，向下拉力为F2，现将下面绳子剪断，过了一段时间后，上面绳子对木块的拉力F1'大小为（ ）
A．F1﹣F2 B．F1﹣G C．F2 D．F2+G
12．（3分）如图所示的电路，闭合开关S、S1后，以下说法正确的是（ ）
A．灯L1、L2串联
B．电流表A1和A2示数相等
C．断开S1后，电流表A1示数变小
D．断开S1后，电流表A2示数变小
二、填空题（每空1分，共12分）
13．（2分）我们可以在道路旁看到如图所示的噪声监测装置，该装置上显示了噪声的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。道路两旁大量的树木可以在 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
14．（2分）2021年10月16日，搭载“神舟十三号”的“长征二号F”遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心按照预定时间精准点火发射升空。火箭升空过程中，以载人飞船为参照物，航天员是 （填“静止”或“运动”）的。航天员携带的设备进入“天和”核心舱后，设备的质量 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
15．（2分）一只小鸟在深度为8m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面3m时，该“倒影”距小鸟 m，若小鸟往高处飞，则“倒影”大小 （填“变大”“变小”或“不变”）。
16．（2分）2022年5月，全球首艘智能型无人系统母船“珠海云”号在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载时受到的浮力为 N，船上的无人机起飞后，船身受到的浮力将 （填“变大”“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
17．（2分）一根有刻度的细玻璃管两端开口，通过橡皮塞插入装有红色溶液的玻璃瓶，制成一个简易气压计，如图所示。细玻璃管内的液柱静止时，瓶内的气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）瓶外的大气压。带着它登山的过程中，细玻璃管内的液柱会 （选填“上升”“下降”或“不变”）。
18．（2分）两个电阻的规格分别为“6V 0.2A”和“3V 0.3A”，将它们串联后接入电路，其总电压不能超过 V；将它们并联后接入电路，其总电流不能超过 A。
三、简答题（本大题共1小题.共4分）
19．（4分）如图所示，在试管内装入适量的水，用软木塞塞住管口，将水加热至沸腾一段时间后，软木塞被推出，管口出现大量的“白气”。请你解释软木塞被推出和“白气”形成原因。
四、作图题（本大题共2小题。每小题2分，共4分）
20．（2分）如图所示，重10N的木块A静止在斜面B上。已知斜面B对木块A支持力的大小为8N．在图中画出木块A对斜面B的压力F的示意图。
21．（2分）小颖在设计家庭电路的原理图时遇到了困难，请你根据安全用电原则，在图中的两个虚线框内分别补充好灯泡和开关的符号。
五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）
22．（3分）（1）图甲中物体的长度是 cm；
（2）图乙中停表的读数是 s；
（3）图丙中体温计的读数是 ℃。
23．（5分）在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小强利用了多个完全相同的木块和海绵进行了如图所示的实验。
（1）实验中通过观察海绵的 来比较压力作用效果。
（2）由甲、丙两图可以探究压力作用效果与 的关系。
（3）对比甲、乙两图可以得出： 。
（4）对比甲、丁两图，小强认为压力作用效果与压力大小无关，你认为他的观点 （选填“正确”或“错误”）；理由是 。
24．（7分）小强用凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材探究凸透镜成像的规律。
实验序号 物距u/cm 像距v/cm 像的性质
1 30 a 倒立、缩小的实像
2 20 20 倒立、等大的实像
3 15 30 b
4 6 光屏上没有像
（1）小强将蜡烛、凸透镜和光屏按图示位置放置，并要让烛焰、凸透镜、光屏的中心在 。
（2）小强完成了该实验，并将观测情况记录在表格中。
①由表中数据可知凸透镜的焦距为 cm。
②在表中空格内填写的相应内容是：a ；b 。
③当烛焰从远处靠近透镜时，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应 （选填“靠近”或“远离”）透镜，且像变 （选填“大”或“小”）。
④第4次实验中，光屏上没有像的原因可能是 。
25．（6分）如图甲所示是探究“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。
（1）实验中应量取 相等的 A、B两种液体，为了完成该实验，除了图甲中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和 。
（2）本实验中，液体吸收热量的多少可以通过 来反映。
（3）为了比较 A、B液体的吸热本领，小明提出两种比较方案：①让两者升高相同的温度，比较加热时间；②让两者加热相同时间，比较升高的温度。在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是 （选填“①”、“②”或“①和②”）。
（4）根据实验数据绘制了图乙所示的温度﹣时间图象，从图象可以看出， 液体比热容较大。
（5）若B液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），则A液体的比热容为 。
26．（7分）小颖利用额定电流为0.5A的小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验，如图甲连接好各元件，电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，闭合开关，发现电压表的指针刚好满偏，电流表无示数，仔细检查后，发现电路连接错误，请你在图中错误的导线上画“×”，并补上一条正确的导线。
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 0.4 1.05 1.5 2.1
电流I/A 0.15 0.3 0.4 0.5
（2）纠正错误后闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，电路中存在的故障可能是 。
A.电流表内部断路了
B.灯泡的灯丝断了
C.灯座内部出现了短路
（3）移动滑片，滑片位于某一位置时，电流表示数为0.2A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向 （选填“左”或“右”）调节。小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 W，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为 Ω。
（4）利用该套实验装置 （选填“能”或“不能”）完成“探究通过导体的电流与导体两端的电压关系”实验；
（5）实验中小颖随意抽取了4组电流表和电压表的示数，如上表。由此可知，灯泡的电阻随 的升高而增大。
六、计算题（本大题共2小题，共16分）
27．（8分）顺口溜“五月五、过端午、蒸粽子、吃包子、挂菖蒲、佩香囊、赛龙舟”，生动的呈现了某地端午文化习俗。蒸粽子是利用水沸腾产生的蒸气进行加热。若将2.5kg的水加热到沸腾，水温升高了80℃[c水＝4.2×103J/（kg ℃），q煤＝4.6×107J/kg]。在此过程中，求：
（1）水吸收的热量；
（2）采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量；
（3）需要完全燃烧煤的质量。
28．（8分）如图所示电路中，滑动变阻器铭牌上标有“50Ω，1A”字样，电压表量程为0～15V。闭合开关S1、S2，断开开关S3，调节变阻器滑片P至某位置，电压表示数为8.0V，电流表示数为0.40A，灯泡正常发光；再闭合开关S3，电流表示数变为0.60A。
（1）求变阻器接入电路的阻值；
（2）求灯泡的额定功率；
（3）只闭合开关S1、S2，改变电源电压并移动滑片P，求使灯泡正常发光的电源电压最大值。
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题.每小题3分，共36分.每小题只有一个选项符合题意）
1．（3分）以下单位中不是电功单位的是（ ）
A．J B．kW h C．W D．度
【分析】根据对电功单位的掌握分析答题。
【解答】解：在国际单位制中电功的单位是焦耳，符号J；
日常生活中，常用的电功率单位是kW h，即我们所说的度；
瓦特，符号W，是功率的单位，不是电能的单位；
故选：C。
【点评】本题考查了对电功单位的掌握，是一道基础题。
2．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量
B．物体的温度不变，它的内能一定不变
C．热值大的燃料完全燃烧，放出的热量一定多
D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（2）内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，内能的大小与温度、质量、状态有关；
（3）利用Q＝mq分析放出的热量多少；
（4）发生热传递的条件是存在温度差。
【解答】解：A、物体的内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能外界对物体做了功，故A正确；
B、晶体熔化时，物体不断吸热，其内能增大，但是温度保持熔点不变，故B错误；
C、燃料燃烧放出热量的多少，与燃料的热值、质量和燃烧程度有关，故C错误；
D、热量是从高温物体向低温物体传递的或者从物体的高温部分传向低温部分，内能大的物体温度不一定高，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对内能、热值、热传递的理解，属于基本概念的考查，是学生容易出错的地方。
3．（3分）如图所示的用具中，属于省力杠杆的是（ ）
A． 钳子 B． 镊子
C． 天平 D． 筷子
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；
D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：A。
【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4．（3分）下列估测数据中，你认为明显不符合实际的是（ ）
A．操场上一个篮球场的长度约28m
B．初中学生的平均体重约450N
C．一张普通CD光盘的直径大约30cm
D．一个鸡蛋的重力约0.5N
【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。
【解答】解：A、操场上一个篮球场的长度约28m，说法正确，但不符合题意；
B、初中学生的平均体重约450N，说法正确，但不符合题意；
C、一张普通CD光盘的直径不到10cm，因此本选项说法错误，但符合题意；
D、一个鸡蛋的重力约0.5N，说法正确，但不符合题意。
故选：C。
【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
5．（3分）汽车在高速公路上行驶，下列交通规则与惯性无关的是（ ）
A．右侧通行 B．系好安全带 C．限速行驶 D．保持车距
【分析】（1）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体在任何情况下都具有惯性；
（2）与惯性有关的现象一般都与物体的运动情况相联系。
【解答】解：A、右侧通行，是遵守交通规则，使车辆有顺序的行驶，与惯性无关，符合题意。
B、系安全带，是为了防止车辆急停时人由于惯性向前冲造成的伤害，与惯性有关，不符合题意；
C、汽车高速行驶时，遇到紧急情况需要刹车，即使关闭发动机后，汽车由于惯性要保持原来的运动状态，容易发生事故，与惯性有关，不符合题意；
D、汽车行驶时，遇到紧急情况需要刹车，即使关闭发动机后，汽车由于惯性要保持原来的运动状态，如果车距很小，容易撞到前面的车，造成交通事故，所以要保持车距，与惯性有关，不符合题意。
故选：A。
【点评】任何物体都具有惯性，物体由于惯性要保持原来的运动状态，生活中有的利用惯性，有的是防止惯性造成的危害，平时要加以区分。
6．（3分）如图所示的四个实例中，目的是为了减小压强的是（ ）
A．饮料管的一段剪成斜口
B．大型平板车装有很多轮子
C．切蛋器装有很细的钢丝
D．注射器针头做的很尖
【分析】要减小压强，首先要明确减小压强的办法有哪些：①减小压力，②增大受力面积。然后将减小压强的办法与选择项中的方法去对比，从而得到答案。
【解答】解：A、饮料吸管的一端剪成斜口，减小了受力面积，增大了压强。故A错误。
B、大型平板车装有很多的轮子，增大了受力面积，减小了压强。故B正确。
C、很细的钢丝减小了钢丝与鸡蛋的接触面积，从而增大了压强。故C错误。
D、针头做的很尖的目的是为了减小受力面积增大压强，故D错误。
故选：B。
【点评】明确减小压强的具体方法是解决此题的关键。
7．（3分）如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）串联电路：电流只有一条路径，各用电器相互影响，只需要一个开关就可以控制所有的电器；
（2）并联电路：电流有多条电路，各用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路。
【解答】解：
A、两灯串联，开关可以同时控制两盏灯，但两灯的发光互相影响，故A不合题意；
B、两灯并联，发光时互不影响，但开关在支路，只能控制其中一盏灯，故B不合题意；
C、两灯串联，开关可以同时控制两盏灯，但两灯的发光互相影响，故C不合题意；
D、两灯并联，发光时互不影响，开关在干路，可以同时控制两盏灯，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了学生辨析电路的能力，解题的关键在于学生能对电路的连接做出准确的判断，实际上也是对学生分析能力的考查。
8．（3分）如图所示，一带负电橡胶棒靠近用细线挂住的轻细吸管A端时，吸管发生了转动。对吸管A端带电性质判断正确的是（ ）
A．若相互吸引，一定带正电
B．若相互吸引，一定带负电
C．若相互排斥，一定带正电
D．若相互排斥，一定带负电
【分析】带电体能够吸引轻小物体；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：带电体能够吸引轻小物体，异种电荷相互吸引；带负电橡胶棒靠近用细线挂住的轻细吸管A端，若相互吸引，A端有可能不带电或带正电；故AB错误；
若相互排斥，A端一定带负电，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】此题考查带电体的性质和电荷间的相互作用规律，要综合分析解答。
9．（3分）由于视觉原因，用鱼叉刺向水里的鱼往往难于成功。图中能正确解释刺不到鱼的光路图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
【解答】解：水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；只有选项B中的光路图符合题意。
故选：B。
【点评】此题主要考查光的折射现象，理解掌握光的折射规律是解决此类折射问题的关键，无论是从水中看岸上的物体，还是从岸上看水中的物体，看到的都是升高的虚像。本题属于基础题。
10．（3分）如图所示的各种自然现象，在形成过程中需要吸收热量的是（ ）
A．初春，河流中冰雪消融 B．仲夏，草叶间露珠晶莹
C． 深秋、枝头上挂满白霜 D． 寒冬，窗玻上冰花剔透
【分析】掌握各种物态变化及其特点。物质由固态变为液态是熔化过程，需要吸热；由液态变为气态是汽化过程，需要吸热；由固态变为气态的过程为升华，需要吸热；由气态变为液态的过程是液化，需要放热；由液态变为固态的过程为凝固，需要放热；由气态直接变为固态的过程为凝华，需要放热。
首先根据各个选项判断是哪种物态变化，后判断吸热、放热情况。
【解答】解：A、冰雪消融是熔化现象，需要吸热，所以A符合题意。
B、露珠是液化现象，需要放热，所以B不符合题意。
C、白霜是凝华现象，需要放热，所以C不符合题意。
D、冰花是凝华现象，需要放热，所以D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题主要考查了各种物态变化，及其特点。掌握熔化、液化、凝华几种物态变化的状态变化，吸热和放热情况是解决此题的基础。
11．（3分）如图所示，重力为G的木块被沿竖直方向的两根绳子拉住处于静止状态，已知木块受到绳子向上拉力为F1，向下拉力为F2，现将下面绳子剪断，过了一段时间后，上面绳子对木块的拉力F1'大小为（ ）
A．F1﹣F2 B．F1﹣G C．F2 D．F2+G
【分析】平衡力大小相等、方向相反；方向相同时合力为两力之和，方向相反时合力为两力之差。
【解答】解：重力为G的木块被沿竖直方向的两根绳子拉住处于静止状态，故受到平衡力的作用，即F1＝F2+G，可得G＝F1﹣F2．当绳子被剪断后，木块只受绳子向上的拉力F1'和向下的重力，故F1'＝G 综上可得：F1′＝F1﹣F2，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了物体的受力分析与力的合成，正确受力分析、掌握力的合成方法是正确解题的关键。
12．（3分）如图所示的电路，闭合开关S、S1后，以下说法正确的是（ ）
A．灯L1、L2串联
B．电流表A1和A2示数相等
C．断开S1后，电流表A1示数变小
D．断开S1后，电流表A2示数变小
【分析】A、闭合开关S、S1后，分析电路的连接回答；
B、分析电流表测量的电流，由并联电路电流的规律分析；
CD、断开S1后分析电路的连接，根据并联电路各支路互不影响和并联电路电流的规律分析。
【解答】解：
A、闭合开关S、S1后，电流的路径有两条，两灯并联，故A错误；
B、A1测L1的电流，A2测干路电流，由并联电路电流的规律，A1示数小于A2示数，故B错误；
CD、断开S1后为L1的简单电路，两电流表均测L1的电流，根据并联电路各支路互不影响，电流表A1示数不变；由并联电路电流的规律，电流表A2示数变小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查并联电路的规律及特点，关键是电路结构的分析。
二、填空题（每空1分，共12分）
13．（2分）我们可以在道路旁看到如图所示的噪声监测装置，该装置上显示了噪声的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。道路两旁大量的树木可以在 传播过程中 （选填“声源处”、“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
【分析】（1）噪声监测器是用来监测噪声大小的仪器，外界的噪声越大，也就是声音越强，即响度越大，其所显示的数字就越大；
（2）噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。
【解答】解：该装置是用来监测噪声强弱的仪器，故其测的是当时环境声音的响度；
道路两旁大量的树木可以在传播过程中减弱噪声。
故答案为：响度；传播过程中。
【点评】本题考查声音的特性以及噪声的防治，难度不大。
14．（2分）2021年10月16日，搭载“神舟十三号”的“长征二号F”遥十三运载火箭，在酒泉卫星发射中心按照预定时间精准点火发射升空。火箭升空过程中，以载人飞船为参照物，航天员是 静止 （填“静止”或“运动”）的。航天员携带的设备进入“天和”核心舱后，设备的质量 不变 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）物体相对于参照物的位置改变了，物体就是运动的，物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
（2）质量不随形状、状态、位置和温度的改变而改变。
【解答】解：火箭升空过程中，以载人飞船为参照物，航天员的位置不变，航天员是静止的。航天员携带的设备进入“天和”核心舱后，设备的质量不随位置的改变而改变。
故答案为：静止；不变。
【点评】会根据参照物判断物体的运动和静止，知道质量不随位置的改变而改变。
15．（2分）一只小鸟在深度为8m的平静湖面上空飞过，当小鸟距水面3m时，该“倒影”距小鸟 6 m，若小鸟往高处飞，则“倒影”大小 不变 （填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：平静的水面相当于平面镜，所以据平面镜成像的特点可知，物像到水面的距离相等，所以小鸟距水面3m时，像距水面也是3m，故像与物的距离是6m；
据平面镜所成的像与物体大小相等的特点可知，若小鸟往高处飞，则“倒影”大小不变。
故答案为：6；不变。
【点评】此题考查平面镜成像特点，知道并理解平面镜成像的特点和规律是解决该题的关键。
16．（2分）2022年5月，全球首艘智能型无人系统母船“珠海云”号在广州下水。“珠海云”号排水量为2000吨，满载时受到的浮力为 2×107 N，船上的无人机起飞后，船身受到的浮力将 变小 （填“变大”“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
【分析】（1）知道船的排水量（满载时排开水的质量），利用阿基米德原理求船满载时受到的浮力；
（2）船上的无人机起飞后，航母仍处于漂浮状态，根据物体漂浮条件即可判断；
【解答】解：（1）船满载时受到的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝2000×103kg×10N/kg＝2×107N；
（2）船上的无人机起飞后，航母仍处于漂浮状态，浮力仍等于重力，由于重力减小，故船受到的浮力减小。
故答案为：2×107；变小。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件的了解和掌握，知道航母满载时排水量就是满载时排开水的质量是本题的关键。
17．（2分）一根有刻度的细玻璃管两端开口，通过橡皮塞插入装有红色溶液的玻璃瓶，制成一个简易气压计，如图所示。细玻璃管内的液柱静止时，瓶内的气压 大于 （选填“大于”“小于”或“等于”）瓶外的大气压。带着它登山的过程中，细玻璃管内的液柱会 上升 （选填“上升”“下降”或“不变”）。
【分析】根据在图示的状态下，瓶内的气压大于瓶外的气压，使管内的水面高于瓶内水面，带着它登山的过程中，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析。
【解答】解：瓶中水面上方是空气，如果此处的气压等于瓶外的大气压，管内和瓶内的水面应该相平。现在是管内的水面高，说明瓶内的气压高于瓶外大气压；带着它登山的过程中，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会上升；
故答案为：大于；上升。
【点评】本题考查了学生对大气压与高度关系的掌握，属于基础知识的考查，相对比较简单。
18．（2分）两个电阻的规格分别为“6V 0.2A”和“3V 0.3A”，将它们串联后接入电路，其总电压不能超过 8 V；将它们并联后接入电路，其总电流不能超过 0.4 A。
【分析】（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流，然后根据欧姆定律的变形公式求出电阻的阻值，再利用U＝IR即可求出电源电压的最大值；
（2）并联电路两端电压相等，为了不损坏电阻，然后两电阻两端的电压，选其中较小的电压。再根据欧姆的变形公式和并联电路的电流规律，可求出干路中的电流。
【解答】解：（1）从题可知，I1＝0.2A，I2＝0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且I1＜I2，
所以，当它们串联接到电路里时，为了让每一个用电器都工作，串联电路中的电流为I2＝0.2A；
由I＝可得，两电阻的阻值：
R1＝＝＝30Ω，R2＝＝＝10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路两端的最大电压：
U＝I2（R1+R2）＝0.2A×（30Ω+10Ω）＝8V；
（2）当它们并联接到电路里时，U1＝6V，U2＝3V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＞U2，
所以，为了让每一个用电器都工作，并联电路两端的电压为U′＝3V，
此时I1′＝＝＝0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路的最大电流：
I＝I1′+I2＝0.1A+0.3A＝0.4A。
故答案为：8；0.4。
【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的。
三、简答题（本大题共1小题.共4分）
19．（4分）如图所示，在试管内装入适量的水，用软木塞塞住管口，将水加热至沸腾一段时间后，软木塞被推出，管口出现大量的“白气”。请你解释软木塞被推出和“白气”形成原因。
【分析】改变内能的方式有两种，即做功和热传递，热传递的实质是能量的转移，做功的实质是能量的转化；
物质由气态变成液态的过程叫液化。
【解答】答：水蒸气把软木塞向上冲起时，水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能转化为木塞的机械能，此时水蒸气的内能减少，温度降低，液化为小水滴，在试管口形成“白雾”。
【点评】本题考查的是内能改变的两种方式和物态变化等，是一道基础题，比较简单。
四、作图题（本大题共2小题。每小题2分，共4分）
20．（2分）如图所示，重10N的木块A静止在斜面B上。已知斜面B对木块A支持力的大小为8N．在图中画出木块A对斜面B的压力F的示意图。
【分析】（1）压力是垂直压在物体表面的力，压力的方向垂直于接触面指向受压物体，作用点在受压面的中点处；
（2）斜面B对木块A支持力与木块A对斜面B的压力F是一对相互作用力，大小相等，然后按画图方法画出压力的示意图。
【解答】解：（1）静止在斜面上的木块对斜面的压力与斜面对木块的支持力是相互作用力，大小相等，为8N；
（2）根据压力的定义可知，压力的方向是垂直于物体表面，因此木块对斜面的压力是垂直于斜面的，其作用点是在斜面的表面。故画压力的示意图如下图所示：
【点评】在此题中，易犯的错误是将压力的方向画成竖直向下，作用点不在物体表面而是画在了木块的中心，这些都是对压力的定义不明确造成的。
21．（2分）小颖在设计家庭电路的原理图时遇到了困难，请你根据安全用电原则，在图中的两个虚线框内分别补充好灯泡和开关的符号。
【分析】灯泡的接法：为了安全，开关要接在火线与灯之间，火线首先接入开关，再入灯泡的顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺丝套。
【解答】解：火线先连接开关，再经过灯后，连接零线，如图所示：
【点评】本题考查了灯泡与开关的连接方法，属于基础题目。
五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）
22．（3分）（1）图甲中物体的长度是 2.80 cm；
（2）图乙中停表的读数是 222.0 s；
（3）图丙中体温计的读数是 37.8 ℃。
【分析】使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0刻度线开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和；
使用体温计测量温度时，先确定分度值，再根据液面位置读数。
【解答】解：图甲中，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与3.00cm对齐，右侧与5.80cm对齐，故物体的长度为2.80cm；
图乙中，停表小盘的分度值是0.5min，指针在3min和4min之间，偏过中线；大盘的分度值是0.1s，而大盘指针在42.0s，因此停表读数为3min42.0s，即222.0s。
图丙中，体温计的分度值为0.1℃，此时的温度为37.8℃。
故答案为：2.80；222.0；37.8℃。
【点评】本题考查了刻度尺、停表、体温计的读数，是一道基础题。
23．（5分）在“探究压力作用效果与哪些因素有关”的实验中，小强利用了多个完全相同的木块和海绵进行了如图所示的实验。
（1）实验中通过观察海绵的 凹陷程度 来比较压力作用效果。
（2）由甲、丙两图可以探究压力作用效果与 压力大小 的关系。
（3）对比甲、乙两图可以得出： 压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显 。
（4）对比甲、丁两图，小强认为压力作用效果与压力大小无关，你认为他的观点 错误 （选填“正确”或“错误”）；理由是 没有控制受力面积相同 。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）（3）（4）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
【解答】解：（1）根据转换法，实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果。
（2）甲、丙两图中受力面积相同，丙中压力大，压力作用效果明显，由甲、丙两图可以探究压力作用效果与压力大小的关系。
（3）对比甲、乙两图可以得出：压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；
（4）研究压力作用效果与压力大小的关系，要控制受力面积相同，对比甲、丁两图，小强认为压力作用效果与压力大小无关，他的观点错误，理由是没有控制受力面积相同。
故答案为：（1）凹陷程度；（2）压力大小；（3）压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；（4）错误；没有控制受力面积相同。
【点评】本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
24．（7分）小强用凸透镜、蜡烛、光屏和光具座等器材探究凸透镜成像的规律。
实验序号 物距u/cm 像距v/cm 像的性质
1 30 a 倒立、缩小的实像
2 20 20 倒立、等大的实像
3 15 30 b
4 6 光屏上没有像
（1）小强将蜡烛、凸透镜和光屏按图示位置放置，并要让烛焰、凸透镜、光屏的中心在 同一高度 。
（2）小强完成了该实验，并将观测情况记录在表格中。
①由表中数据可知凸透镜的焦距为 10 cm。
②在表中空格内填写的相应内容是：a 15 ；b 倒立、放大的实像 。
③当烛焰从远处靠近透镜时，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应 远离 （选填“靠近”或“远离”）透镜，且像变 大 （选填“大”或“小”）。
④第4次实验中，光屏上没有像的原因可能是 物距小于焦距 。
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度；
（2）①根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
②在光的折射中，光路是可逆的；根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
③根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答；
④根据u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度；
（2）①由表中数据可知，u＝v＝20cm，根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，即2f＝20cm，故凸透镜的焦距为f＝10cm；
②由表中数据可知，第1次实验的物距等于第3次实验的象距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，第1次实验的象距应该等于第3次实验的物距，故a＝15cm；
第3次实验的物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，故b的内容为倒立、放大的实像；
③当烛焰从远处靠近透镜时，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应远离透镜，且像变大；
④由表中数据可知，u＝6cm＜f，根据u＜f，成正立、放大的虚像，光屏不能承接虚像。
故答案为：（1）同一高度；（2）①10；②15；倒立、放大的实像；③远离；大；④物距小于焦距。
【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
25．（6分）如图甲所示是探究“比较不同物质吸热的情况”的实验装置。
（1）实验中应量取 质量 相等的 A、B两种液体，为了完成该实验，除了图甲中所示的器材外，还需要增加的测量工具有天平和 秒表 。
（2）本实验中，液体吸收热量的多少可以通过 加热时间 来反映。
（3）为了比较 A、B液体的吸热本领，小明提出两种比较方案：①让两者升高相同的温度，比较加热时间；②让两者加热相同时间，比较升高的温度。在两种液体都不沸腾的前提下，你认为可行的方案是 ①和② （选填“①”、“②”或“①和②”）。
（4）根据实验数据绘制了图乙所示的温度﹣时间图象，从图象可以看出， A 液体比热容较大。
（5）若B液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），则A液体的比热容为 4.2×103J/（kg ℃） 。
【分析】（1）比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同；
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；实验中不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，据此分析故还需要的测量工具。
（2）根据转换法分析回答。
（3）根据比较吸热能力的两种方法分析回答；
（4）根据图乙得出升高40℃A、B的加热时间，根据比较吸热能力的方法回答；
（5）根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出A液体的比热容。
【解答】解：（1）比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，吸收热量多的吸热能力强；使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相等的 A、B两种液体；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，实验中不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，故还需要增加秒表。
（2）根据转换法，本实验中，液体吸收热量的多少可以通过加热时间来反映。
（3）根据比较吸热能力的2种方法，小明提出的两种比较方案均可行，故选①和②。
（4）根据图乙可知，升高40℃，A、B的加热时间分别为10min和5min，由转换法，A、B的吸热之比为2：1，A吸热多，根据比较吸热能力的方法，故可知A的吸热能力强，比热容大。
（5）根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若B液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），则A液体的比热容为：
c＝2×2.1×103J/（kg ℃）＝4.2×103J/（kg ℃）。
故答案为：（1）质量；秒表；（2）加热时间；（3）①和②；（4）A；（5）4.2×103J/（kg ℃）。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
26．（7分）小颖利用额定电流为0.5A的小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验，如图甲连接好各元件，电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，闭合开关，发现电压表的指针刚好满偏，电流表无示数，仔细检查后，发现电路连接错误，请你在图中错误的导线上画“×”，并补上一条正确的导线。
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 0.4 1.05 1.5 2.1
电流I/A 0.15 0.3 0.4 0.5
（2）纠正错误后闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，电路中存在的故障可能是 C 。
A.电流表内部断路了
B.灯泡的灯丝断了
C.灯座内部出现了短路
（3）移动滑片，滑片位于某一位置时，电流表示数为0.2A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向 左 （选填“左”或“右”）调节。小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为 1.05 W，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为 1.8 Ω。
（4）利用该套实验装置 不能 （选填“能”或“不能”）完成“探究通过导体的电流与导体两端的电压关系”实验；
（5）实验中小颖随意抽取了4组电流表和电压表的示数，如上表。由此可知，灯泡的电阻随 温度 的升高而增大。
【分析】（1）在测量小灯泡的电功率的实验中，滑动变阻器应该“一上一下”串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，电流表串联在电路中。
（2）闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，可能的故障是小灯泡短路。
（3）当灯泡的实际电流小于额定电流时，应该调节滑动变阻器，使电阻减小。
（4）导体的电阻随温度的升高而增大。
（5）在“探究通过导体的电流与导体两端的电压关系”实验中，应该控制导体的电阻不变。
【解答】解：（1）电流表应该串联在电路中，电压表要并联在灯泡的两端。更正后的实物图如下：
。
（2）纠正错误后闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，电路中存在的故障可能灯泡短路，故C正确，AB错误。
（3）移动滑片，滑片位于某一位置时，电流表示数为0.2A，为使小灯泡正常发光，应将滑片向左调节。此时电压表分度值是0.1V，量程是0～3V，它的示数为2.1V，小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.1V×0.5A＝1.05W。
电源由两节干电池供电，电源电压为U＝3V，此时加在滑动变阻器两端的电压为：U＝3V﹣2.1V＝0.9V，所以此时滑动变阻器接入电路的电阻为：。
（4）在“探究通过导体的电流与导体两端的电压关系”实验中，应该控制导体的电阻不变，所以该套装置不能完成上述实验。
（5）四次实验的电阻分别为：；；；。
由此可知，灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）；（2）C；（3）左；1.05；1.8；（4）不能；（5）温度。
【点评】注意测量小灯泡实验的电路原理和实物图，会根据数据进行简单的计算；知道小灯泡的电阻随温度的变化而变化。
六、计算题（本大题共2小题，共16分）
27．（8分）顺口溜“五月五、过端午、蒸粽子、吃包子、挂菖蒲、佩香囊、赛龙舟”，生动的呈现了某地端午文化习俗。蒸粽子是利用水沸腾产生的蒸气进行加热。若将2.5kg的水加热到沸腾，水温升高了80℃[c水＝4.2×103J/（kg ℃），q煤＝4.6×107J/kg]。在此过程中，求：
（1）水吸收的热量；
（2）采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量；
（3）需要完全燃烧煤的质量。
【分析】（1）知道水的比热容、水的质量、水的温度升高值，利用公式Q吸＝cmΔt计算水吸收的热量；
（2）知道煤炉加热的效率，利用η＝求出煤燃烧放出的热量；
（3）根据煤放出的热量和煤的热值，利用Q放＝mq计算煤的质量。
【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg ℃）×2.5kg×80℃＝8.4×105J；
（2）煤炉加热水的效率为10%，由η＝得煤燃烧放出的热量为：
Q放＝＝＝8.4×106J；
（3）根据Q放＝mq可知，煤的质量为：m煤＝＝≈0.18kg。
答：（1）水吸收的热量为8.4×105J；
（2）采用煤炉加热，煤炉加热水的效率为10%，煤燃烧放出的热量为8.4×106J；
（3）需要完全燃烧煤的质量约为0.18kg。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，难度不大。
28．（8分）如图所示电路中，滑动变阻器铭牌上标有“50Ω，1A”字样，电压表量程为0～15V。闭合开关S1、S2，断开开关S3，调节变阻器滑片P至某位置，电压表示数为8.0V，电流表示数为0.40A，灯泡正常发光；再闭合开关S3，电流表示数变为0.60A。
（1）求变阻器接入电路的阻值；
（2）求灯泡的额定功率；
（3）只闭合开关S1、S2，改变电源电压并移动滑片P，求使灯泡正常发光的电源电压最大值。
【分析】（1）闭合开关S1、S2，断开开关S3，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流，根据欧姆定律求出变阻器接入电路的阻值；
（2）开关S1、S2、S3闭合时，电路为滑动变阻器的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；开关S1、S2闭合，断开开关S3时，灯泡正常发光，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）仅闭合开关S1、S2，比较灯泡L正常发光时的电流和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时其两端的电压，然后与电压表的量程相比较确定滑动变阻器两端的最大电压，然后根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压。
【解答】解：（1）当开关S1、S2闭合，断开开关S3时，L与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电路中电流，
由I＝可得，变阻器接入电路的阻值：
R滑＝＝＝20Ω；
（2）开关S1、S2、S3闭合时，灯泡被短路，电路为滑动变阻器的简单电路，电流表测电路中的电流，
则电源的电压：
U＝I′R滑＝0.6A×20Ω＝12V，
开关S1、S2闭合，断开开关S3时，灯泡恰好正常发光，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL＝U﹣U滑＝12V﹣8V＝4V，
灯泡的额定功率：
P＝ULI＝4V×0.4A＝1.6W；
（3）仅闭合开关S1、S2时，
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电流为0.4A，变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I＝0.4A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时其两端的电压：
UAB＝IR滑大＝0.4A×50Ω＝20.0V，此电压超过了电压表量程，所以滑动变阻器两端的最大电压U滑大＝15.0V，
则电源电压的最大值：
U大＝UL+U滑大＝4.0V+15.0V＝19.0V。
答：（1）变阻器接入电路的阻值为20Ω；
（2）灯泡的额定功率1.6W；
（3）只闭合开关S1、S2，改变电源电压并移动滑片P，则使灯泡正常发光的电源电压最大值为19.0V。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，并考查电和电功率的计算，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电源电压的判断。
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