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2023年辽宁省部分学校联考高三二模物理试题
考试时间：75分钟 满分：100分
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。
2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试
卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第 I 卷(选择题，共46分)
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合要 求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。
1. 物理图像能形象地表达物理规律、直观地描述物理过程、鲜明地表示物理量之间的相互关 系，是分析物理问题的有效手段之一。关于自由落体运动的规律，下列各物理量的图像正确的是(g
取10 m/s )( )
A. B.
(
C
).
(
D
).
氢原子的能级示意图如图所示，大量处于的激发态的氢原
子向低能级跃迁时，会辐射出若干种不同频率的光，再用这些光照射
逸出功为4.54 eV 的钨。下列说法中正确的是( )
氢原子能辐射3种不同频率的光子
高三物理(二模)— 1
B. 氢原子辐射的光子都能使钨发生光电效应
C. 氢原子辐射一个光子后，氢原子的核外电子的速率减小
D. 氢原子向低能级跃迁时，辐射出波长最小的光子的能量为12.75 eV
3. 一半圆形玻璃砖的横截面如图所示，半圆的半径为R、圆心为0。 一光线DE沿横截面从直径 AB上的E点以入射角i=45° 经玻璃砖折射后，射到圆弧AB上的F 点(图中未画出)恰好发生全反射。
已知玻璃砖对该光线的折射率n=, 则下列说法正确的是( )
A. 光线在玻璃砖中传播的速度大小为 c(c为真空中的光速)
B. 光线从空气射入玻璃砖后，光的频率变大
C. ∠EFO=45°
D.0 、E 两点间的距离
(
下麦克风
)4. 手机上一般会有两个麦克风，一个比较大的位于手机下方，另一个位于 手机顶部。小亮同学查阅手机说明书后知道手机顶部的麦克风为降噪麦克风。 该同学进一步查阅资料得知：降噪麦克风通过降噪系统产生与外界噪音相位相 反的声波，与噪音叠加从而实现降噪的效果。理想情况下的降噪过程如图所示， 实线对应环境噪声，虚线对应降噪系统产生的等幅反相声波。下列说法正确的
是( )
A.降噪过程应用的是声波的干涉原理， P 点振动减弱
B.降噪声波的频率与环境噪声的频率不相同
C.降噪声波与环境噪声声波的波长大小不相等
D. 质点P经过一个周期向外迁移的距离为一个波长
5.如图甲为明朝《天工开物》记载测量“号弦”张力的插图，图乙为示意图，弓的质量为m=
5kg, 弦的质量忽略不计，悬挂点为弦的中点。当在弓的中点悬挂质量为 M=10kg 的重物，弦
(
甲
)乙
高三物理(二模)— 2
的张角为θ=120°, g=10m/s , 则弦的张力为( )
A. 50N B. 150N C. 200N D.N
6.无线充电技术的应用，让手机摆脱了充电线的牵制，手机使用者做到了“随用随拿，随放随 充”。无线充电器简化示意图如图所示，其主要部件为发射线圈和接收线圈，工作原理与理想变 压器相同。已知某款手机的无线快充充电器充电功率为17W, 发射线圈与接收线圈的匝数比为
10:1,CD端的输出电流i=4√2sin100t(A), 则下列说法正确的是()
A.发射线圈中电流的周期为0.01秒
B. 从AB端向发射线圈输入的功率为1.7W
C. 发射线圈AB端输入电流的有效值为0.4A
D. 发射线圈AB端的电压为4.25V
7. 如图所示，x轴上固定两个点电荷A和B, 电荷A固定在原点，电荷B固定在x=2L处，通过 电势传感器测出x轴上各点电势φ随坐标x的变化规律并描绘出-x图像。已知-x图线与x轴 的交点横坐标为x 和 x2 , x=3L 处的切线与x轴平行。已知点电荷的电势公：,其中 k 为
静电力常量，Q 为场源点电荷的电荷量， r为某点距场源点电荷的距离，取无穷远处电势为零。
以下说法正确的是( )
A. 电荷A带负电，电荷B带正电
B. 两点电荷的电荷量之比为QA :QB =1:9
C. 横坐标x 和x 的差：
D. 在x轴上x>2L的任意位置无初速度释放一正电荷，该正电荷一定能到达无穷远处 高三物理(二模)— 3
8. 航天员驾驶宇宙飞船进行太空探索时发现一颗星球，测得该星球的半径等于地球半径，登
陆后测得该星球表面的重力加速度大小只有地球表面重力加速度大小的,不考虑星球和地球的自转，下列说法正确的是( )
A. 航天员在该星球表面时所受重力是航天员在地球表面时所受重力的
B. 该星球质量是地球质量
C. 该星球的平均密度是地球平均密度的3倍
D. 该星球的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的
9. 如图甲所示， 一质量为1 kg的物体在t=0时受到拉力F的作用，由静止开始竖直向上做加速 直线运动，其运动时的a-t 图象如图乙所示，巳知重力加速度g=10m/s , 空气阻力忽略不计，
下列说法正确的是( )
A. 在t = 4s时，拉力F 为12N
B. 在t = 4s时，物体克服重力做功的功率为60 W
C. 在0～4s时间内，物体的动量改变量的大小为
甲 乙
46kg ·m/s
D. 在0～4s时间内，拉力F对物体做的功大于18J
10. 如图，两根足够长的平行光滑导轨固定在绝缘水平面上，所在空间有方向垂直于水平面、
磁感应强度为B的范围足够大的匀强磁场，导轨的间距为L, 电
阻不计；导轨上静置两根长度均为L的导体棒PQ 和MN, 其中PQ
的质量为2m、阻值为R,MN 的质量为m、阻值为2R。若在t=0
时刻给PQ 一个平行于导轨向右的初速度v0, 不计运动过程中PQ
和MN的相互作用力，则( )
A. 导体棒PQ从t =0开始做加速度逐渐减小的减速运动，直至匀速运动
B. 整个运动过程中，系统产生的焦耳热为mv
C. PQ速度为v 时，PQ 两端的电压；为
D. 导体棒MN速度由 的过程中，通过导体棒MN 的电荷量；为
高三物理(二模)— 4
第Ⅱ卷(非选择题，共54分)
11. (6分)在练习使用多用电表的实验中， A、B 两小组的同学分别进行了如下操作：
(1)下列是A 小组同学对多用电表的使用，其中操作正确的是
(
甲
) (
乙
) (
丙
)丁
A. 如图甲，利用多用电表直流电压挡测小灯泡两端的电压
B. 如图乙，利用多用电表直流电流挡测通过小灯泡的电流
C. 如图丙，利用多用电表直流电压挡粗测电源的电动势
D. 如图丁，利用多用电表欧姆挡测二极管的反向电阻
(2)B 小组同学利用多用电表的欧姆挡测量某一定值电阻的阻值，先把选择开关调至×10倍
率，经欧姆调零后测量，指针偏转如图a所示：为了使测量结果更准确，应把选择开关调至
(填“×1”或“×100”)倍率，经欧姆调零后再次测量，示数如图b 所示，则待测电阻
为 Q:
(
图b
)图a
12. (8分)如图所示，某实验小组用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球碰 撞前后的动量关系。图中的○点为小球抛出点在记录纸上的垂直投影。实验时，先使1球多次 从斜轨上某位置 S 由静止释放，找到其平均落地点的位置 P。然后，把半径相同的2球静置于水
平轨道的末端，再将1球从斜轨上位置 s 静止释放，与2球相碰后两球均落在水平地面上，多次
高三物理(二模)— 5
重复上述1球与2球相碰的过程，分别找到碰后1球和2球落点的平均位置M 和 N。用刻度尺
测量出水平射程OM、OP、ON。 测得1球的质量为m,B 球的质量为mz。
(1)关于本实验，必须满足的条件是
A. 斜槽轨道必须光滑以减少实验误差
B. 斜槽轨道末端的切线必须水平
C. 入射球和被碰球的质量必须相等
D. 入射球每次必须从轨道的同一位置由静止释放
(2)本实验通过测量小球做平抛运动的水平射程来代替小球碰撞前后的速度，可行的依据是
A. 运动过程中，小球的机械能保持不变
B. 平抛运动的下落高度一定，运动时间相同，水平射程与速度大小成正比
(3)当满足表达式 时，即说明两球碰撞中动量守恒。(用所测
物理量表示)
(4)若仅改变小球A 和小球B 的材质，两球碰撞时不仅得到(3)的结论，即碰撞遵守动量
守恒定律，而且满足机械能守恒定律，则根据上述信息可以推断
A. 不可能超过2
B. 可能超过3
C. MN与 OP大小关系不确定
D. MN 与 OP 大小关系确定，且MN=OP
高三物理(二模)— 6
13. (10分)学校开设太空探索课，某学生小组根据反冲原理制作了一个“水火箭”。“水火 箭”主体是一个容积为2L的饮料瓶，现将其装入0.5L 的水，再安装在发射架上，此时瓶内空气 压强为Po, 用打气筒通过软管向箭体内充气，打气筒每次能将200mL, 压强为Po 的外界空气压 入瓶内，当水火箭内部气压达到5Po时可将活塞顶出，向后喷水，箭体发射。设充气过程气体温
度不变，瓶体积和水的体积变化不计，瓶内气体视为理想气体。求：
(1)要使水火箭发射出去，至少需要用打气简打几次气：
(2)若瓶内的水在极短时间内喷出，则该过程箭体内气体的温度升高还是降低，简要说明理由。
14. (12分) 如图所示， 一边长为d=3.6m 的正方形区域ABCD 内，有一垂直于纸面向里的匀 强磁场，磁感应强度B=1.0×10 T。 在 AB 的上方有一竖直向下的匀强电场，场强E=5.0×102NC,
AB 为电场、磁场的分界线。在DA的延长线上距离A 点间距为x的○点有一比荷为1.0×C/kg
的带正电的粒子由静止开始运动，不考虑粒子的重力，已知sin37°=,则：
(1)要使粒子从C 点射出，求粒子源距A 点的距离x;
(2)若粒子源距A 点的距离为2.25m, 求粒子从开始运动到最终从磁场射出时的运动时间。
高三物理(二模)— 7
15.(18分)如图所示，在水平地面的两边有相距为L 的两块固定挡板M、N, 在两块挡板间 的中点处并排放着两个质量分别为m、m 的小滑块1和2(可看成质点),它们与地面间动摩擦
因数分别是和,L=4m。现让小滑块1向左，小滑块2向右以大小相等的初速
度v。同时开始运动，小滑块与挡板碰撞不损失机械能，滑块之间发生的碰撞为弹性碰撞，碰撞时
间极短，均可忽略。 (重力加速度g 取10m/s )
(1)若小滑块1、2刚好不发生相碰，求小滑块1所走的路程是多少
(2)若小滑块1、2恰在小滑块1第一次停止时发生碰撞，则它们第一次碰前运动了多长时间
出发时v 的值为多大
(3)若小滑块1、2出发时的速度大小取(2)问中的v 值，,且小滑块1、2仅能发生一次碰撞，求 应满足的条件。
高三物理(二模) — 82022—2023 学年度下学期高三第二次模拟考试试题
物理答案
选择题
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
B D C A B C C ABD ABD AD
11．【答案】（1）AD（2 分，漏选得 1 分，错选不给分）；（2）×100（2 分）；1000（2 分）
12．【答案】（1） BD（2 分，漏选得 1 分，错选不给分）；（2）B （1 分）；
（3）m1×OP＝m1×OM+m2×ON （2 分）；
（4） ABD（3 分，漏选得 1 分，错选不给分）。
【详解】（1）BD
1
（2）小球做平抛运动的过程，有 h = gt 2， x = vt 2h
2h
整理得 t = ， x = v
2 g g
发现，平抛运动的下落高度一定，运动时间相同，水平射程与速度大小成正比。故选 B。
（3）由题意，碰撞前后动量守恒：m1v1＝m1v1′+m2v2′，三个平抛的高度相同，则可用平抛的水
平位移来表示，所以要验证的表达式为：m1× OP＝m1× OM +m2× ON ．
（4）若碰撞前后还遵守机械能守恒律，即发生的是弹性碰撞，则由两个守恒定律有：m1v1＝
1 (m m )v 2m v ′
m1v1′+m2v2′， m1v
2 1 m v '2 1 '2 v ′ = 1 2 1 v ′ = 1 1 v2 2m1＝ 12 2 1 1
+ m
2 2
v2 ， 1 m +m ， 2 ． = < 2，可知1 2 m1 +m2 v1 m1 +m2
ON v ′2 2m< 2，故 A 正确； = 1 > 2 ON，故 > 2，故 B 正确；将两式的 m1 移到左边后相除得OP v ′ m m OM1 1 2
到：v1+v1′＝v2′，用水平位移速度可得：OP + OM = ON ，此式有两种可能：OP + OM = OP + PN 或
OP + OM = OM + MN ，所以有：OM = PN 或OP = MN ，故选项 D 正确．
13．【答案】（1）30；（2）温度降低
【详解】（1）要使水火箭发射出去，设需要打气筒打气 n 次，由题意可知，水火箭发射前瓶内气
体体积 V0=1.5L，当水火箭发射瞬间，其内部气压为 P=5P0，
根据玻意耳定律有 p0(V0 + n V) = pV0 （4 分）
解得 n=30（2 分）
（2）温度降低（1 分）
水喷出后，箭体内气体对外界做功，W<0（1 分）
且此过程经历时间很短，气体来不及与外界完成充分的热交换，可视为绝热过程，Q=0（1 分）
根据热力学第一定律 U = W + Q可知气体内能将减少，温度降低。（1 分）
233π
14．【答案】【答案】（1）12.96m；（2）（9 + ） × 10 6s180
1
【详解】（1）带电粒子从 O 点运动到 A 点的速度为 v，则有 qEx = mv2 （1 分）
2
v2
进入磁场做匀速圆周运动的半径为 r，则有 qvB = m （1 分）
r
qB2r 2
解得 x =
2mE
要使粒子从 C 点射出，由几何关系可知 r=d （1 分）
1 qB2d 2
联立可得 x =
2 mE
解得 x=12.96m （1 分）
（2）带电粒子在电场中的加速度为a，由牛顿第二定律可得，qE = ma（1 分）
粒子打 A 点时的速度为 1 ，时间为 1 ，由运动学公式可得，
21 = 2 1 （1 分）
1 61 = = 3 × 10 （1 分）
v2
粒子进入磁场做匀速圆周运动，半径为 1，由 qvB = m 得， r
= 11 =1.5m （1 分）
粒子从 A 点进入磁场经半圆从 AB 边界出磁场，在电场中先匀减速直线运动速度减为 0 后反向匀
加，再次从 AB 边进入磁场后从 BC 边离开磁场，在磁场中运动情况如图所示，
2πr1
粒子在磁场中运动周期为 T，则T = v （1 分） 1
2πm
代入数据可得T = = 2π× 10 6qB s
1 ( 2 1) 3
如图，由几何关系可得cos = = 5 （1 分） 1
解得 θ = 53°
粒子在磁场中的运动时间 2，则t2 =
α T = 180°+53°T = 233π× 10 6s
360° 360° 180 （1 分）
综上，粒子运动总时间为 t，则t = 3t + t = 9 + 233π1 2 （ ） × 10 6s180 （1 分）
8 m 5+ 2 7
15 8 5．【答案】（1）滑块 1 所走路程 m；（2）
3 m/s
；（3）1< 2 ≤
5 m1 3
【详解】（1）设滑块 1、2 的加速度大小分别为 a1，a2，根据牛顿第二定律可得：
1m1g = m a （1 分） 1 1
2m2g = m a （1 分） 2 2
v2
滑块 1 所走路程s = 01 （1 分）
2a1
v2
滑块 2 所走路程s = 02 （1 分）
2a2
滑块 1、2 恰不相碰，则s1 + s = 2L（1 分） 2
8
联立解得s1 = m（1 分）
3
v2 L
（2）分析可知滑块 1 与左挡板碰撞后停止，停止时距左挡板距离为 L′ = 01 （1 分） 2a1 2
t v0运动的时间 = a （1 分） 1
L 1
滑块 2 运动的总路程为 + (L L′) = v t a 2
2 1 0 2 2
t （1 分）
4 5
解得t = s（1
8 5
分）， v0 = m/s（1 分）
5 5
（3）由（2）可知，碰撞前滑块 2 的速度 v3 = v0 a2t
4 5
= m/s（1 分）
5
滑块 1、2 发生弹性碰撞，碰撞后的速度分别为 v1′、v2′，由动量守恒、能量守恒可得
m2v3 = m1v1′ +m2v2′（1 分）
1 m v2 1 m v′2 1= + m v′2 （1 分）
2 2 3 2 1 1 2 2 2
2m m m
解得 v1′ = 2 v v 2 1m +m 3， 2
′ = v
1 2 m
3
1 +m2
6
滑块 1、2 碰撞时距离左挡板 L1′ = m 5
v′2 v′2
因为m2 > m1，所以 v2′方向向左，滑块 1、2 恰不发生第二次碰撞，应满足 1 + 2 ≤ 2L′（2 分） 2a1 2a
1
2
1 m2 5+ 2 7解得 < ≤ （2 分）
m1 3