卷子答案网-一个不只有答案的网站北京市房山区2023年中考二模物理试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2021·陕西模拟）下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】ACD．石油、煤炭、天然气等能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源，是不可再生能源，故 ACD 不符合题意；
B．太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故符合题意．
故答案为：B
【分析】再短时间内能再生的资源叫做可再生资源，比如水资源、太阳能；再短时间内不能再生的资源叫做可不可再生资源，比如核能、煤炭、石油。
2．下列四个实例中，能够使蒸发加快的是（ ）
A．将水果放在低温冷藏柜中 B．将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中
C．把盛有酒精的瓶口盖严 D．把湿衣服晾在通风向阳处
【答案】D
【知识点】影响蒸发快慢的因素
【解析】【解答】 A.将水果放在低温冷藏柜中，降低了温度，控制了液面.上方的空气流动，减慢了蒸发，故A不符合题意；
B.将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中，使蔬菜与外界隔绝，减慢了蔬菜上方空气流动，所以减慢了蒸发，故B不符合题意；
C.把盛有酒精的瓶口盖严，减少了酒精上方空气的流动的影响，所以减慢了蒸发，故C不符合题意；
D.把湿衣服晾在通风向阳处，湿衣服表面的空气流动加快、温度升高，加快水分的蒸发，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 影响蒸发快慢的三个因素：液体的温度、液体的表面积、液面上空气流动的快慢。影响蒸发的因素：温度，温度越高，蒸发越快。因为在任何温度下，分子都在不断地运动，液体中总有一些速度较大的分子能够飞出液面脱离束缚而成为汽分子，所以液体在任何温度下都能蒸发。
3．关于声现象，下列说法中错误的是（ ）
A．“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的
B．公路旁安装隔音墙是为了在传播路径上减弱噪声
C．正在发声的编钟一定在振动
D．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同
【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】 A、因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声，知其人”，故A正确；
B、公路旁安装隔音墙是可以在传播途径.上减弱噪声，故B正确；
C、声音是由物体振动产生的，正在发声的编钟一定在振动，故C正确；
D、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，故D错误。
故选：D。
【分析】 (1) 音色是指不同声音表现在波形方面总是有与众不同的特性，不同的物体振动都有不同的特点 ；
(2) 减少噪音的方法是密闭声源，在声源处建造隔声墙，防止噪声直接向外传播，加强绿化，在繁杂的公路两旁植树造林，形成屏障，添置隔音设施，给机器上足润滑油，即防止产生噪音，又能保护机器 ；
(3)声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；
(4)声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
4．（2016九下·北京开学考）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．足球守门员戴有防滑手套
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸
C．给自行车轴承中加润滑油
D．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹
【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：A、足球守门员戴有防滑手套，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意；
B、骑自行车的人刹车时用力捏闸，是采用增大压力的方法增大了摩擦，不符合题意；
C、给自行车轴承中加润滑油，是采用减小接触面粗糙程度的方法减小了摩擦，符合题意；
D、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意．
故选C．
【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．
5．图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．天平 B．瓶盖起子
C．食品夹 D．钳子
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A.天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，既不省力也不费力；
B.瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
C.食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
D .钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
故选：C。
【分析】 杠杆平衡条件为动力乘动力臂等于阻力乘阻力臂，那么在杠杆平衡的条件下，动力（F1)大于阻力（F2），动力臂（L1)小于阻力臂(L2)时，杠杆为费力杠杆。
6．图所示的物态变化的实例中，需要吸热的是（ ）
A．冰化成水 B．露的形成
C．雪的形成 D．雾的形成
【答案】A
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】 A、冰化成水属于熔化，熔化吸热，故A正确；
B、露是空气中水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化过程放热，故B错误；
C、雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，凝华放热，故C错误。
D、雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，液化放热，故D错误。
故选：A。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
7．图所示的电路中，电阻阻值R1>R2。闭合开关S后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2。下列判断中正确的是（ ）
A．I1
【知识点】串联电路的电流规律
【解析】【解答】AB. 由图知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，串联电路中各处电流都相等，即I1 = I2，故B正确，A错误；
CD.通过两电阻的电流相等，R1> R2， 由U = IR可知：U1 > U2，故CD错误。
故选： B。
【分析】 由图知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，由.串联电路的电流特点分析通过两电阻的电流关系，由欧姆定律分析电阻两端的电压关系。
8．下列有关力做功的说法中正确的是（ ）
A．挂钩上的书包静止时，书包受到的拉力做了功
B．把水桶从地面上提起来，提水桶的力没有做功
C．用水平力推着购物车水平前进，推车的力做了功
D．小车在水平桌面上运动，小车受到的重力做了功
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】 A、挂钩上的书包静止时，书包受到的拉力由于没有移动距离，所以拉力没有做功，故A错误；
B、把水桶从地面上提起来，提水桶有力，且沿力的方向有段一距离，故提水桶的力对物体做了功，故B错误；
C、用水平力推着购物车前进，有力且沿力的方向有一段距离，所以推车的力做了功，故C正确；
D、小车在水平桌面上运动，小车没有在重力的方向上移动距离，重力没有做功，故D错误。
故选： C。
【分析】 做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离 。
9．关于一段粗细均匀的镍铬合金丝的电阻，若不考虑温度对电阻的影响，下列说法中正确的是（ ）
A．合金丝的电阻跟该合金丝的长度有关
B．合金丝的电阻跟该合金丝的横截面积无关
C．合金丝两端的电压越大，合金丝的电阻越大
D．通过合金丝的电流越小，合金丝的电阻越大
【答案】A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 A.粗细均匀的镍铬合金丝，其电阻跟该合金丝的长度有关，故A正确；
B.电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，因此合金丝的电阻跟合金丝的横截面积有关，故B错误；
CD.电阻是导体本身的一种属性，其大小与电压和电流的大小无关，故CD错误.
故选A.
【分析】 影响导体电阻大小变化的因素包括导体的材料、长度、横截面积和温度，导体对电流的阻碍作用就叫该导体的电阻，电阻是一个物理量，在物理学中表示导体对电流阻碍作用的大小 。
10．下列说法中正确的是（ ）
A．一杯水的比热容比一桶水的比热容小
B．晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变
C．若物体甲比物体乙吸收的热量多，则物体甲的温度变化比物体乙的温度变化大
D．寒冷的冬天，室外说话时口腔附近出现的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的
【答案】B
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 A、比热容是物质的属性，一杯水的比热容和一桶水的比热容大小相同，故A错误；
B、晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，故B正确；
C、由吸热公式Q = cm△t可知，温度变化大小与吸热多少、比热容的大小以及质量的大小有关，所以吸热多的物体，温度变化不一定大，故C错误；
D、寒冷的冬天，室外说话时口腔附近出现的“白气”是口中的水蒸气遇冷液化形成的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）比热容的大小与物质的种类、状态有关，与质量无关；
(2)晶体和非晶体的区别就是晶体熔化时吸收热量，但温度保持不变；
(3)根据吸热公式Q = cm△t解答；
(4 )液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
11．灯泡L1上标有“6V 6W”，灯泡L2上标有“6V 3W”。关于这两个灯泡，下列说法中正确的是（ ）
A．正常发光时，通过L1的电流较小
B．正常发光时，通过L1的电流做功较多
C．正常发光时，通过L1的电流做功较快
D．工作时间相同，L2消耗的电能较少
【答案】C
【知识点】电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系
【解析】【解答】 A.正常发光时，两灯的额定电压相同，因为P1> P2，由可知，I1>I2，故A错误；
B.不知道工作时间，不能确定通过L1的电流做功是否较多，故B错误；
C.正常发光时，灯泡L1的功率较大，通过L1的电流做功较快，故C正确。
D.不知道实际功率，不能确定L2消耗的电能是否较少，故D错误。
故选：C。
【分析】 (1)灯泡正常发光，由公式可以判断流过灯泡的电流大小；
(2)由W = Pt可知，通过灯泡的电流做功多少与功率和时间两个物理量有关；
(3)电功率是表示电流做功快慢的物理量。
12．如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两个圆柱形容器，甲容器中盛有液体A，物块M漂浮在液体A中，物块M排开液体的质量为m1，液体A对甲容器底部的压强为p1；乙容器中盛有液体B，物块N悬浮在液体B中，物块N排开液体的质量为m2，液体B对乙容器底部的压强为p2。已知甲容器底面积大于乙容器底面积，容器中液体A、B质量相等，物块M、N质量相等。下列判断中正确的是（ ）
A．m1>m2 B．m1
【知识点】压强大小比较；液体压强的计算
【解析】【解答】 (1) 由液体A、B质量相等可得GA = GB，物块M、N质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力F= G总，则GA +GM=GB+GN，即FA = FB，已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由可得，P1
故选： D。
【分析】 (1)根据液体A、B质量相等可确定液体A、B的重力，因为是规则容器，所以F= G总，再根据甲容器底面积大于乙容器底面积，分析p1和p2的关系；
(2)根据物块M、N质量相等，可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块M、N受到的浮力关系，然后结合物体的浮沉条件确定m1和m2的关系。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每小题2分。每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．如图所示，下列解释中正确的是（ ）
A．图甲中，墨水在热水中扩散得较快，说明水分子无规则运动的剧烈程度与温度有关
B．图乙中，来回快速拉动皮条使金属管的温度升高，是通过做功的方式改变物体内能
C．图丙中，向烧瓶底部浇冷水，瓶中刚停止沸腾的水重新沸腾，是因为水吸收了热量
D．图丁中，汽油机四个冲程中的做功冲程，该冲程的主要功能是将机械能转化为内能
【答案】A,B
【知识点】做功改变物体内能；比热容；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子活动越剧烈，扩散的越快。故A正确；
B、来回快速拉动皮条，人克服摩擦做功，金属管内能增大，温度升高，通过做功的方式改变物体内能，故B正确；
C、向瓶底浇冷水，瓶内压强变小，液体(水)的沸点降低，故C错误；
D、汽油机做功冲程将内能转化为机械能，故D错误；
故选： AB。
【分析】 (1) 扩散现象是指物质从一个物体运动到另一个物体内的现象，这说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动 ；
(2)改变内能的两种方式：做功和热传递；
(3)水的沸点随液面气体压强的降低而降低；
(4)汽油机做功冲程将内能转化为机械能。
14．某同学研究通电螺线管产生的磁场情况，闭合开关前，小磁针处于静止状态，如图甲所示；闭合开关，小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论中合理的是（ ）
A．由甲、乙两图可得：通电螺线管可以产生磁场
B．由甲、乙两图可得：电流产生磁场的强弱与线圈匝数有关
C．由乙、丙两图可得：电流产生磁场的强弱与电流大小有关
D．由乙、丙两图可得：电流产生磁场的方向与电流方向有关
【答案】A,D
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】 A、当小磁针受到地磁场的作用时，一端指南一端指北如图甲，当导线中有向左的电流时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，这说明小磁针受到磁场力的作用，由此可知，甲、乙两图可说明电流周围存在磁场，故A正确。
B、甲、乙只能说明通电导体周围存在磁场，由于线圈的匝数没有改变，无法探究电流产生磁场的强弱与线圈匝数的关系，故B错误。
C、乙、丙只是改变了电流方向，没有改变电流大小，不能说明磁场强弱跟电流大小有关，故C错误。
D、当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，当导线中电流向右时，小磁针的N极向纸里偏转如图丙，所以，小磁针的偏转方向发生了改变，受到的磁场力的方向改变，说明电流周围的磁场跟电流方向有关，故D正确。
故选： AD。
【分析】 奥斯特发现任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应， 通电导体周围存在磁场，电流的磁场的方向和电流方向有关 。
15．如图所示，用细绳将粗细均匀的杠杆AB挂在水平支架上，点O为杠杆的支点且OA=OB，杠杆始终保持在水平位置平衡。工人站在水平地面上，第一次竖直向下用200N的力拉绳子时，货物D未离开水平地面；第二次竖直向下用300N的力拉绳子时，货物D对水平地面的压强恰好为零。已知工人体重为500N，杠杆重为100N，货物与地面的接触面积为0.1m2。不计绳重，下列说法中正确的是（ ）
A．货物D的重力为200N
B．第一次拉绳子时，工人对水平地面的压力为300N
C．第一次拉绳子时，货物对地面的压强为1000Pa
D．第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力为700N
【答案】B,C,D
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】 A、AOB是一个杠杆，根据杠杆平衡条件,根据题意第二次竖直向下用300N的力拉绳子时，货物D对水平地面的压力为零，由，此时货物D对A的拉力等于其重力，可得GD=F2=300N，故A错误；
B、第一次拉绳子时，对人做受力分析，工人受到三个力，竖直向上的拉力和支持力，竖直向下的重力，且三力平衡，根据相互作用力的知识，支持力和压力大小相等，工人对水平地面的压力：，故B正确；
C、由杠杆平衡条件可得已知OA= 0B，则FA = F1 = 200N，货物对地面的压力： F压' = F1 = 200N货物对地面的压强：200N，故C正确；
D、第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力：，故D正确。
故选： BCD。
【分析】 (1)由杠杆平衡条件可求得货物D的重力，货物D只受到重力和拉力，且两个力平衡，大小相等；
(2)对工人做受力分析，根据三力平衡的知识求出第三个力；
(3)第一次拉绳子时由杠杆平衡条件求得作用在A的力，从而然后可知此时货物对地面的压力，已知货物与地面的接触面积，由压强公式可求得货物对地面的压强；
(4)对o点做受力分析，第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力等于杠杆重力加上两边绳子的拉力。
三、实验与探究题（共28分，16、17题各2分，18、20题各3分，19、21题各4分，22、23题各5分）
16．（2021·朝阳模拟）
（1）如图所示，弹簧测力计的示数为 N。
（2）如图所示，电阻箱的示数为 Ω。
【答案】（1）2
（2）7804
【知识点】弹簧测力计及其使用；变阻器
【解析】【解答】（1）如图， 弹簧测力计的分度值为0.2，图中示数为2.0N；
（2） 电阻箱的示数为1000×7+100×8+4×1= 7804Ω
【分析】(1)观察弹簧测力计的量程和分度值，根据指针的位置读数即可；
(2)变阻箱是一种变阻器，此时的阻值利用对应旋钮的数值乘以相应的倍率再相加即可。
17．图是小车沿斜面向下运动的实验，小车通过AB和BC所用时间均为0.2s。小车由A位置运动到C位置通过的距离为 cm，在这个过程中小车的平均速度为 m/s。
【答案】20；0.5
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 (1)由图知刻度尺的分度值为1cm，A点在零刻度线位置，C点刻度值为20.0cm，小车从A点出发，故C点位置即为AC间的距离，小车由A位置运动到C位置通过的距离为20.0cm ；
(2)小车通过AB和BC所用时间均为0.2s，所以小车通过AC段用时为，在这个过程中小车的平均速度为。
【分析】 (1)确定小车由A位置运动到C位置通过的距.离，要先分析刻度尺的分度值，再用末位置数值减去开始位置数据得到AC间的距离，要注意长度的测量需要估读到分度值的下一位；
(2)路程和时间已知，利用速度公式即可得到小车的平均速度。
18．某同学想用弹簧测力计测出木块A在水平桌面上运动的过程中所受滑动摩擦力的大小。他用弹簧测力计拉着质量一定的木块A，在同种材料制成的粗糙程度均匀的水平桌面上运动，如图所示。请回答下列问题：
（1）弹簧测力计的示数不等于木块A所受滑动摩擦力大小的原因是 。
（2）针对实验中存在的问题，请写出正确的测量方法： 。
【答案】（1）木块A所受滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力不是一对平衡力
（2）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块在水平桌面上做匀速直线运动
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 (1)只有用弹簧测力计沿水平方向拉着木块在同种材料制成的粗糙程度均匀的水平桌面.上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。弹簧测力计的示数不等于木块A所受滑动摩擦力大小的原因是：没有沿水平方向做匀速直线运动，木块A所受滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力不是一对平衡力；
(2)针对实验中存在的问题，正确的测量方法：用弹簧测力计沿水平方向拉动木块在水平桌面上做匀速直线运动。
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上，注意：二力平衡的条件简单来说就是同物、等大、反向、共线。特别是“同物”和“共线”这个条件往往被初学者遗漏，而造成对二力平衡做出错误判断。
19．小英按图所示的电路图连接实验电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡L在不同电压下的电阻。闭合开关S，调节滑动变阻器，进行多次测量，测量的数据如下表所示。
电压U/V 0.9 1.3 1.7 2.1 2.5
电流I/A 0.18 0.22 0.24 0.26 0.28
请根据表中数据完成下列问题：
（1）小灯泡L正常发光时的电阻RL= Ω。（结果保留一位小数）
（2）将与上述小灯泡L规格完全相同的两个小灯泡并联接入电路，如图甲所示。闭合开关，调节滑动变阻器，电压表的示数如图乙所示，则电流表的示数应为 A。
【答案】（1）8.9
（2）0.44
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 (1)由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.28A，则小灯泡L正常发光时的电阻为：；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器，电压表的示数如图2乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.3A，根据表中数据可知，此时通过灯泡的电流为0.22A，因两个灯泡规格完全相同，且并联在电路中，故通过两个灯泡的电流均为0.22A ；由于电流表测干路电流，根据并联电路电流规律，电流表的示数为。
【分析】 (1)根据表中数据确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用求出小灯泡L正常发光时的电阻；
(2)根据电压表选用量程确定分度值读数，利用表中数据确定灯泡此时的电流，根据并联电路电流规律得出电流表的示数。
20．水平桌面上有微小压强计、刻度尺和装有适量水和酒精的两个烧杯。小华利用提供的实验器材探究“液体内部的压强与液体的密度是否有关”，为此他进行了如下实验探究：
①将微小压强计的探头放入水中，探头到烧杯底的距离为2cm，如图甲所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h1；
②将微小压强计的探头放入酒精中，探头到烧杯底的距离为2cm，如图乙所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h2。小华发现h1大于h2，于是小华得出结论“液体内部的压强与液体的密度有关”。
根据以上叙述，回答下列问题：
（1）小华实验探究过程中存在的问题是： 。
（2）请你针对小华探究过程中存在的问题，写出改正措施： 。
【答案】（1）没有控制探头在水和酒精中的深度相同
（2）在步骤①、②中，用刻度尺测量探头在水和酒精中的深度为2cm
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 (1)要探究液体内部压强与液体的密度有关，应控制液体深度，改变液体的密度。但从小华的实验中发现，他控制的是探头到烧杯底的距离相同，而不是液面到探头的深度相同。
(2)针对小华探究过程中存在的问题，改正措施：将微小压强计的探头放入水和酒精中，控制液面到探头的深度相同，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差。
【分析】 液体由内部向各个方向都有压强；压强随深度的增加而增加；在同一深度，液体向各个方向的压强相等；液体压强还跟液体的密度有关，液体密度越大，压强也越大 。
21．图是小丽连接的实验电路，闭合开关S，发现小灯泡L不发光。经检查，全部实验器材均无故障且连接正确。
（1）请你猜想小灯泡L不发光的原因是 。
（2）写出检验你的猜想是否正确的方法： 。
【答案】（1）小灯泡的实际功率太小（或：滑动变阻器的阻值太大；通过小灯泡的电流太小；小灯泡两端电压太低；电源电压太低）
（2）调节滑动变阻器使其连入电路的阻值变小，增大小灯泡的实际功率（或：增大通过小灯泡的电流；增大小灯泡两端电压）。若小灯泡发光，则猜想正确
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】 小灯泡不发光的原因有；断路、短路、或实际功率过小，经检查，全部实验器材均无故障且连接正确，排除断路和短路的故障。
(1 )不亮的原因只能是小灯泡的实际功率太小；
(2)检验方法是：调节滑动变阻器使其连入电路的阻值变小，增大小灯泡的实际功率；若小灯泡发光，则猜想正确。
【分析】 小灯泡不发光的原因有；断路、短路、或实际功率过小，根据题中条件分析。
22．小京为了证明“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的体积有关”的观点是错误的，他利用符合实验要求的弹簧测力计、量筒、水和金属块等器材进行实验。
（1）以下是他的主要实验步骤，请帮他补充完整。
①将金属块悬挂在弹簧测力计下，测量金属块受到的重力G并记录。
②在量筒中装入适量的水，记录水的体积V， ，静止时记录弹簧测力计的示数F。
③ ，静止时记录弹簧测力计的示数F。
④利用公式 分别计算金属块所受浮力F浮1、F浮2并记录。
（2）根据水的体积变化，F浮1 F浮2（选填“=”或“≠”），就可以证明这种观点是错误的。
【答案】（1）将金属块浸没在水中且不接触量筒；向量筒中加水，记录水的体积V，将金属块浸没在水中且不接触量筒；F浮=G-F
（2）=
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】 (1)实验步骤：
①将金属块悬挂在弹簧测力计下，测量金属块受到的重力G并记录。
②在量筒中装入适量的水，记录水的体积V，将金属块浸没在水中且不接触烧杯，静止时记录弹簧测力计的示数F，用刻度尺测量量筒中水的体积并记录。
③向量筒中加水，静止时记录弹簧测力计的示数F，用刻度尺测量量筒中水的体积并记录。
④用公式F浮=G-F计算金属块所受浮力F浮1、F浮2并记录。.
(2)通过上述实验，由水的体积变化时，F浮1 = F浮2，就可以证明浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的体积有关”的观点是错误的。
【分析】 影响浮力大小的有排开液体的体积和排开液体的密度两个因素，在探究“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的深度有关”时，应控制排开液体的体积和排开液体的密度不变，只改变物体浸入水中的深度，用称重法求出浮力并比较大小，即可证明“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的深度有关”的观点是错误的。
23．实验桌上有如图所示的实验装置（其中的透明平板薄玻璃作为平面镜，蜡烛A、B相同），另外还提供了一把符合实验要求的刻度尺。小军计划用这些器材探究“平面镜成像时，像到平面镜的距离v与物体到平面镜的距离u是否有关”。
（1）以下是他的部分实验步骤，请帮他补充完整：
①调整透明平板薄玻璃，使其与水平纸面 。
②将蜡烛A作为物体竖直放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像 。
③用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
④ 。
⑤用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
（2）请画出实验数据记录表。
【答案】（1）①垂直；完全重合；改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合
（2）
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】 (1) 以下是他的部分实验步骤，请帮他补充完整：
①调整透明平板薄玻璃，使其与水平纸面垂直。
②将蜡烛A作为物体竖直放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合。
③用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
④改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合。
(2)平面镜成像时，像到平面镜的距离v与物体到平面镜的距离u是否有关，故测量物距、像距的大小，实验数据记录表：
【分析】 (1 )平板透明玻璃与水平纸面垂直；使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合，改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合；
(2)根据实验目的设计表格。
四、科普阅读题（共4分）
24．请阅读《半导体》并回答问题。
半导体
按导电性能来分，除了有导体和绝缘体外，还有一类物质的导电性能介于导体和绝缘体之间，这类物质叫作半导体。常用的半导体材料分为元素半导体和化合物半导体。元素半导体是由单一元素制成的半导体材料，如锗、硅、硒等。化合物半导体分为二元系、三元系、多元系和有机化合物半导体，如砷化镓、镓铝砷固溶体、镓锗砷磷固溶体、萘等。
半导体的导电性能会受到温度、光照和掺加杂质等多种因素的影响。一些半导体，在温度升高时，导电性能迅速增强。利用这种特性，可以做出体积很小的热敏电阻，用来测量温度的变化。例如家用空调可以根据你设置的温度自动启动或待机；电饭锅可以根据你所烹饪食物的温度自动控制是否继续加热；电冰箱可以根据预设的温度进行自动控制。这些都是温控开关在起作用。
还有些半导体，在没有光照时不容易导电，逐渐增大光照强度时则导电性能逐渐增强。用它们做成的光敏电阻可以用在需要对光照反应灵敏的自动控制设备中。
正是由于半导体具有许多独特的性能，所以它在电子技术中有着广泛的应用。除计算机之外，手机、家电、航天、光纤通信等所有与现代文明相关的高技术产品几乎都离不开半导体材料。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）常用的半导体材料分为元素半导体和 半导体。
（2）半导体材料的导电性能与温度、光照和 等多种因素有关。
（3）如图所示，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，电源两端的电压不变。闭合开关S，当增大对光敏电阻的光照强度时，则下列判断中正确的是____（填写正确选项前的字母）
A．电压表示数变小，电流表示数变小
B．电压表示数变大，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变小
D．电压表示数变小，电流表示数变大
【答案】（1）化合物
（2）掺加杂质
（3）B
【知识点】半导体特点及作用；电路的动态分析
【解析】【解答】 (1)由题中信息知常用的半导体材料分为元素半导体和化合物半导体；
(2)由题中信息知半导体材料的导电性能与温度、光照和掺加杂质等多种因素有关；
(3)由图知，光敏电阻R2和定值电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压；闭合开关S，当增大对光敏电阻的光照强度时，光敏电阻的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U = I R可知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，故B正确。故选： B。
【分析】 (1) 故题中信息分析解答；
(2)由图知，光敏电阻R2和定值电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压；光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，根据光照强度的变化分析光敏电阻阻值的变化，根据串联电路的电阻关系可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变大，根据U = IR分析电压表示数的变化。
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．图是某实验小组设计的可以改变功率的电路，电源两端电压为12V并保持不变，R1、R2为阻值一定的电热丝。该电路工作时的最大功率为9W，最小功率为3W。求：
（1）通电时间10s，电阻丝R1产生的热量；
（2）通过电热丝R2的电流。
【答案】（1）解：R1产生的热量Q1=W1=P小t=3W×10s=30J
（2）解：R2的功率P2=P大-P小=9W-3W=6W，R2两端的电压与电源电压相等U=12V，通过R2的电流I2===0.5A
【知识点】焦耳定律的应用；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】 由可知，电压一定时，电阻越小，R电功率越大，根据并联电路特点可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、 R2并联，电路中的电阻最小，电路中的总功率越大，当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小；
(1)R1的电功率： P1 = P小= 3W，R1产生的热量：
(2)R2的功率，根据并联电路的电压特点可知，R2 两端的电压与电源电压相等，即U2 =U = 12V，由P= UI可知，通过R2的电流：
【分析】 (1)由可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，根据并联电路特点可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，电路中的总功率越大，当开关S1闭合、S2断开时，只有R1 工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，据此可知R1的电功率，根据Q= W=Pt求出通电时间10s，电阻丝R1产生的热量；
(2)根据P2= P大-P小求出R2的电功率，根据P= UI求出通过电热丝R2的电流。
26．图甲是用滑轮组提升建筑材料A的示意图，在竖直向下的拉力F作用下，使重360N建筑材料A以0.25m/s的速度匀速竖直上升。在这个过程中，拉力F做的功随时间变化的关系如图乙所示，不计绳重和摩擦。求：
（1）动滑轮所受的重力G动；
（2）滑轮组的机械效率为η。
【答案】（1）解：根据图像可得：拉力F的功率为100W，因为P=Fv=F×2×0.25m/s=100W
所以F = 200N，又因为F===200N
所以G动=40N
（2）解：η===90%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 (1)由图可知n=2，绳子自由端移动的速度：；由图乙可知，1s拉力F做的总功为100J，则拉力F的功率：，由可知，绳子自由端的拉力：，因为不计绳重和摩擦时，所以动滑轮的重力：
(2)滑轮组的机械效率：
【分析】 (1)由图可知n = 2，绳子自由端移动的速度v= nv物，根据图乙利用求拉力做功的功率，利用求绳子自由端的拉力，利用不计绳重和摩擦时求动滑轮的重力；
(2)利用求滑轮组的机械效率。
北京市房山区2023年中考二模物理试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每小题2分）
1．（2021·陕西模拟）下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
2．下列四个实例中，能够使蒸发加快的是（ ）
A．将水果放在低温冷藏柜中 B．将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中
C．把盛有酒精的瓶口盖严 D．把湿衣服晾在通风向阳处
3．关于声现象，下列说法中错误的是（ ）
A．“闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的
B．公路旁安装隔音墙是为了在传播路径上减弱噪声
C．正在发声的编钟一定在振动
D．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同
4．（2016九下·北京开学考）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．足球守门员戴有防滑手套
B．骑自行车的人刹车时用力捏闸
C．给自行车轴承中加润滑油
D．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹
5．图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．天平 B．瓶盖起子
C．食品夹 D．钳子
6．图所示的物态变化的实例中，需要吸热的是（ ）
A．冰化成水 B．露的形成
C．雪的形成 D．雾的形成
7．图所示的电路中，电阻阻值R1>R2。闭合开关S后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2，通过两个电阻的电流分别为I1、I2。下列判断中正确的是（ ）
A．I1
A．挂钩上的书包静止时，书包受到的拉力做了功
B．把水桶从地面上提起来，提水桶的力没有做功
C．用水平力推着购物车水平前进，推车的力做了功
D．小车在水平桌面上运动，小车受到的重力做了功
9．关于一段粗细均匀的镍铬合金丝的电阻，若不考虑温度对电阻的影响，下列说法中正确的是（ ）
A．合金丝的电阻跟该合金丝的长度有关
B．合金丝的电阻跟该合金丝的横截面积无关
C．合金丝两端的电压越大，合金丝的电阻越大
D．通过合金丝的电流越小，合金丝的电阻越大
10．下列说法中正确的是（ ）
A．一杯水的比热容比一桶水的比热容小
B．晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变
C．若物体甲比物体乙吸收的热量多，则物体甲的温度变化比物体乙的温度变化大
D．寒冷的冬天，室外说话时口腔附近出现的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的
11．灯泡L1上标有“6V 6W”，灯泡L2上标有“6V 3W”。关于这两个灯泡，下列说法中正确的是（ ）
A．正常发光时，通过L1的电流较小
B．正常发光时，通过L1的电流做功较多
C．正常发光时，通过L1的电流做功较快
D．工作时间相同，L2消耗的电能较少
12．如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两个圆柱形容器，甲容器中盛有液体A，物块M漂浮在液体A中，物块M排开液体的质量为m1，液体A对甲容器底部的压强为p1；乙容器中盛有液体B，物块N悬浮在液体B中，物块N排开液体的质量为m2，液体B对乙容器底部的压强为p2。已知甲容器底面积大于乙容器底面积，容器中液体A、B质量相等，物块M、N质量相等。下列判断中正确的是（ ）
A．m1>m2 B．m1
13．如图所示，下列解释中正确的是（ ）
A．图甲中，墨水在热水中扩散得较快，说明水分子无规则运动的剧烈程度与温度有关
B．图乙中，来回快速拉动皮条使金属管的温度升高，是通过做功的方式改变物体内能
C．图丙中，向烧瓶底部浇冷水，瓶中刚停止沸腾的水重新沸腾，是因为水吸收了热量
D．图丁中，汽油机四个冲程中的做功冲程，该冲程的主要功能是将机械能转化为内能
14．某同学研究通电螺线管产生的磁场情况，闭合开关前，小磁针处于静止状态，如图甲所示；闭合开关，小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电流方向，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论中合理的是（ ）
A．由甲、乙两图可得：通电螺线管可以产生磁场
B．由甲、乙两图可得：电流产生磁场的强弱与线圈匝数有关
C．由乙、丙两图可得：电流产生磁场的强弱与电流大小有关
D．由乙、丙两图可得：电流产生磁场的方向与电流方向有关
15．如图所示，用细绳将粗细均匀的杠杆AB挂在水平支架上，点O为杠杆的支点且OA=OB，杠杆始终保持在水平位置平衡。工人站在水平地面上，第一次竖直向下用200N的力拉绳子时，货物D未离开水平地面；第二次竖直向下用300N的力拉绳子时，货物D对水平地面的压强恰好为零。已知工人体重为500N，杠杆重为100N，货物与地面的接触面积为0.1m2。不计绳重，下列说法中正确的是（ ）
A．货物D的重力为200N
B．第一次拉绳子时，工人对水平地面的压力为300N
C．第一次拉绳子时，货物对地面的压强为1000Pa
D．第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力为700N
三、实验与探究题（共28分，16、17题各2分，18、20题各3分，19、21题各4分，22、23题各5分）
16．（2021·朝阳模拟）
（1）如图所示，弹簧测力计的示数为 N。
（2）如图所示，电阻箱的示数为 Ω。
17．图是小车沿斜面向下运动的实验，小车通过AB和BC所用时间均为0.2s。小车由A位置运动到C位置通过的距离为 cm，在这个过程中小车的平均速度为 m/s。
18．某同学想用弹簧测力计测出木块A在水平桌面上运动的过程中所受滑动摩擦力的大小。他用弹簧测力计拉着质量一定的木块A，在同种材料制成的粗糙程度均匀的水平桌面上运动，如图所示。请回答下列问题：
（1）弹簧测力计的示数不等于木块A所受滑动摩擦力大小的原因是 。
（2）针对实验中存在的问题，请写出正确的测量方法： 。
19．小英按图所示的电路图连接实验电路，测量额定电压为2.5V的小灯泡L在不同电压下的电阻。闭合开关S，调节滑动变阻器，进行多次测量，测量的数据如下表所示。
电压U/V 0.9 1.3 1.7 2.1 2.5
电流I/A 0.18 0.22 0.24 0.26 0.28
请根据表中数据完成下列问题：
（1）小灯泡L正常发光时的电阻RL= Ω。（结果保留一位小数）
（2）将与上述小灯泡L规格完全相同的两个小灯泡并联接入电路，如图甲所示。闭合开关，调节滑动变阻器，电压表的示数如图乙所示，则电流表的示数应为 A。
20．水平桌面上有微小压强计、刻度尺和装有适量水和酒精的两个烧杯。小华利用提供的实验器材探究“液体内部的压强与液体的密度是否有关”，为此他进行了如下实验探究：
①将微小压强计的探头放入水中，探头到烧杯底的距离为2cm，如图甲所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h1；
②将微小压强计的探头放入酒精中，探头到烧杯底的距离为2cm，如图乙所示，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差h2。小华发现h1大于h2，于是小华得出结论“液体内部的压强与液体的密度有关”。
根据以上叙述，回答下列问题：
（1）小华实验探究过程中存在的问题是： 。
（2）请你针对小华探究过程中存在的问题，写出改正措施： 。
21．图是小丽连接的实验电路，闭合开关S，发现小灯泡L不发光。经检查，全部实验器材均无故障且连接正确。
（1）请你猜想小灯泡L不发光的原因是 。
（2）写出检验你的猜想是否正确的方法： 。
22．小京为了证明“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的体积有关”的观点是错误的，他利用符合实验要求的弹簧测力计、量筒、水和金属块等器材进行实验。
（1）以下是他的主要实验步骤，请帮他补充完整。
①将金属块悬挂在弹簧测力计下，测量金属块受到的重力G并记录。
②在量筒中装入适量的水，记录水的体积V， ，静止时记录弹簧测力计的示数F。
③ ，静止时记录弹簧测力计的示数F。
④利用公式 分别计算金属块所受浮力F浮1、F浮2并记录。
（2）根据水的体积变化，F浮1 F浮2（选填“=”或“≠”），就可以证明这种观点是错误的。
23．实验桌上有如图所示的实验装置（其中的透明平板薄玻璃作为平面镜，蜡烛A、B相同），另外还提供了一把符合实验要求的刻度尺。小军计划用这些器材探究“平面镜成像时，像到平面镜的距离v与物体到平面镜的距离u是否有关”。
（1）以下是他的部分实验步骤，请帮他补充完整：
①调整透明平板薄玻璃，使其与水平纸面 。
②将蜡烛A作为物体竖直放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像 。
③用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
④ 。
⑤用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
（2）请画出实验数据记录表。
四、科普阅读题（共4分）
24．请阅读《半导体》并回答问题。
半导体
按导电性能来分，除了有导体和绝缘体外，还有一类物质的导电性能介于导体和绝缘体之间，这类物质叫作半导体。常用的半导体材料分为元素半导体和化合物半导体。元素半导体是由单一元素制成的半导体材料，如锗、硅、硒等。化合物半导体分为二元系、三元系、多元系和有机化合物半导体，如砷化镓、镓铝砷固溶体、镓锗砷磷固溶体、萘等。
半导体的导电性能会受到温度、光照和掺加杂质等多种因素的影响。一些半导体，在温度升高时，导电性能迅速增强。利用这种特性，可以做出体积很小的热敏电阻，用来测量温度的变化。例如家用空调可以根据你设置的温度自动启动或待机；电饭锅可以根据你所烹饪食物的温度自动控制是否继续加热；电冰箱可以根据预设的温度进行自动控制。这些都是温控开关在起作用。
还有些半导体，在没有光照时不容易导电，逐渐增大光照强度时则导电性能逐渐增强。用它们做成的光敏电阻可以用在需要对光照反应灵敏的自动控制设备中。
正是由于半导体具有许多独特的性能，所以它在电子技术中有着广泛的应用。除计算机之外，手机、家电、航天、光纤通信等所有与现代文明相关的高技术产品几乎都离不开半导体材料。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）常用的半导体材料分为元素半导体和 半导体。
（2）半导体材料的导电性能与温度、光照和 等多种因素有关。
（3）如图所示，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，电源两端的电压不变。闭合开关S，当增大对光敏电阻的光照强度时，则下列判断中正确的是____（填写正确选项前的字母）
A．电压表示数变小，电流表示数变小
B．电压表示数变大，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变小
D．电压表示数变小，电流表示数变大
五、计算题（共8分，25、26题各4分）
25．图是某实验小组设计的可以改变功率的电路，电源两端电压为12V并保持不变，R1、R2为阻值一定的电热丝。该电路工作时的最大功率为9W，最小功率为3W。求：
（1）通电时间10s，电阻丝R1产生的热量；
（2）通过电热丝R2的电流。
26．图甲是用滑轮组提升建筑材料A的示意图，在竖直向下的拉力F作用下，使重360N建筑材料A以0.25m/s的速度匀速竖直上升。在这个过程中，拉力F做的功随时间变化的关系如图乙所示，不计绳重和摩擦。求：
（1）动滑轮所受的重力G动；
（2）滑轮组的机械效率为η。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类
【解析】【解答】ACD．石油、煤炭、天然气等能源，使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源，是不可再生能源，故 ACD 不符合题意；
B．太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故符合题意．
故答案为：B
【分析】再短时间内能再生的资源叫做可再生资源，比如水资源、太阳能；再短时间内不能再生的资源叫做可不可再生资源，比如核能、煤炭、石油。
2．【答案】D
【知识点】影响蒸发快慢的因素
【解析】【解答】 A.将水果放在低温冷藏柜中，降低了温度，控制了液面.上方的空气流动，减慢了蒸发，故A不符合题意；
B.将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中，使蔬菜与外界隔绝，减慢了蔬菜上方空气流动，所以减慢了蒸发，故B不符合题意；
C.把盛有酒精的瓶口盖严，减少了酒精上方空气的流动的影响，所以减慢了蒸发，故C不符合题意；
D.把湿衣服晾在通风向阳处，湿衣服表面的空气流动加快、温度升高，加快水分的蒸发，故D符合题意。
故选：D。
【分析】 影响蒸发快慢的三个因素：液体的温度、液体的表面积、液面上空气流动的快慢。影响蒸发的因素：温度，温度越高，蒸发越快。因为在任何温度下，分子都在不断地运动，液体中总有一些速度较大的分子能够飞出液面脱离束缚而成为汽分子，所以液体在任何温度下都能蒸发。
3．【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；响度及响度与振幅的关系
【解析】【解答】 A、因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声，知其人”，故A正确；
B、公路旁安装隔音墙是可以在传播途径.上减弱噪声，故B正确；
C、声音是由物体振动产生的，正在发声的编钟一定在振动，故C正确；
D、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，故D错误。
故选：D。
【分析】 (1) 音色是指不同声音表现在波形方面总是有与众不同的特性，不同的物体振动都有不同的特点 ；
(2) 减少噪音的方法是密闭声源，在声源处建造隔声墙，防止噪声直接向外传播，加强绿化，在繁杂的公路两旁植树造林，形成屏障，添置隔音设施，给机器上足润滑油，即防止产生噪音，又能保护机器 ；
(3)声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；
(4)声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
4．【答案】C
【知识点】增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：A、足球守门员戴有防滑手套，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意；
B、骑自行车的人刹车时用力捏闸，是采用增大压力的方法增大了摩擦，不符合题意；
C、给自行车轴承中加润滑油，是采用减小接触面粗糙程度的方法减小了摩擦，符合题意；
D、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意．
故选C．
【分析】摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动．
5．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A.天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，既不省力也不费力；
B.瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
C.食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
D .钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
故选：C。
【分析】 杠杆平衡条件为动力乘动力臂等于阻力乘阻力臂，那么在杠杆平衡的条件下，动力（F1)大于阻力（F2），动力臂（L1)小于阻力臂(L2)时，杠杆为费力杠杆。
6．【答案】A
【知识点】物质的三态
【解析】【解答】 A、冰化成水属于熔化，熔化吸热，故A正确；
B、露是空气中水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化过程放热，故B错误；
C、雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华而成的，凝华放热，故C错误。
D、雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，液化放热，故D错误。
故选：A。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
7．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律
【解析】【解答】AB. 由图知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，串联电路中各处电流都相等，即I1 = I2，故B正确，A错误；
CD.通过两电阻的电流相等，R1> R2， 由U = IR可知：U1 > U2，故CD错误。
故选： B。
【分析】 由图知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，由.串联电路的电流特点分析通过两电阻的电流关系，由欧姆定律分析电阻两端的电压关系。
8．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】 A、挂钩上的书包静止时，书包受到的拉力由于没有移动距离，所以拉力没有做功，故A错误；
B、把水桶从地面上提起来，提水桶有力，且沿力的方向有段一距离，故提水桶的力对物体做了功，故B错误；
C、用水平力推着购物车前进，有力且沿力的方向有一段距离，所以推车的力做了功，故C正确；
D、小车在水平桌面上运动，小车没有在重力的方向上移动距离，重力没有做功，故D错误。
故选： C。
【分析】 做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离 。
9．【答案】A
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】 A.粗细均匀的镍铬合金丝，其电阻跟该合金丝的长度有关，故A正确；
B.电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，因此合金丝的电阻跟合金丝的横截面积有关，故B错误；
CD.电阻是导体本身的一种属性，其大小与电压和电流的大小无关，故CD错误.
故选A.
【分析】 影响导体电阻大小变化的因素包括导体的材料、长度、横截面积和温度，导体对电流的阻碍作用就叫该导体的电阻，电阻是一个物理量，在物理学中表示导体对电流阻碍作用的大小 。
10．【答案】B
【知识点】比热容；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 A、比热容是物质的属性，一杯水的比热容和一桶水的比热容大小相同，故A错误；
B、晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，故B正确；
C、由吸热公式Q = cm△t可知，温度变化大小与吸热多少、比热容的大小以及质量的大小有关，所以吸热多的物体，温度变化不一定大，故C错误；
D、寒冷的冬天，室外说话时口腔附近出现的“白气”是口中的水蒸气遇冷液化形成的，故D错误。
故选：B。
【分析】 （1）比热容的大小与物质的种类、状态有关，与质量无关；
(2)晶体和非晶体的区别就是晶体熔化时吸收热量，但温度保持不变；
(3)根据吸热公式Q = cm△t解答；
(4 )液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
11．【答案】C
【知识点】电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系
【解析】【解答】 A.正常发光时，两灯的额定电压相同，因为P1> P2，由可知，I1>I2，故A错误；
B.不知道工作时间，不能确定通过L1的电流做功是否较多，故B错误；
C.正常发光时，灯泡L1的功率较大，通过L1的电流做功较快，故C正确。
D.不知道实际功率，不能确定L2消耗的电能是否较少，故D错误。
故选：C。
【分析】 (1)灯泡正常发光，由公式可以判断流过灯泡的电流大小；
(2)由W = Pt可知，通过灯泡的电流做功多少与功率和时间两个物理量有关；
(3)电功率是表示电流做功快慢的物理量。
12．【答案】D
【知识点】压强大小比较；液体压强的计算
【解析】【解答】 (1) 由液体A、B质量相等可得GA = GB，物块M、N质量相等，因为是规则容器，所以液体容器底部的压力F= G总，则GA +GM=GB+GN，即FA = FB，已知甲容器底面积大于乙容器底面积，由可得，P1
故选： D。
【分析】 (1)根据液体A、B质量相等可确定液体A、B的重力，因为是规则容器，所以F= G总，再根据甲容器底面积大于乙容器底面积，分析p1和p2的关系；
(2)根据物块M、N质量相等，可确定其重力关系，根据阿基米德原理分析物块M、N受到的浮力关系，然后结合物体的浮沉条件确定m1和m2的关系。
13．【答案】A,B
【知识点】做功改变物体内能；比热容；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子活动越剧烈，扩散的越快。故A正确；
B、来回快速拉动皮条，人克服摩擦做功，金属管内能增大，温度升高，通过做功的方式改变物体内能，故B正确；
C、向瓶底浇冷水，瓶内压强变小，液体(水)的沸点降低，故C错误；
D、汽油机做功冲程将内能转化为机械能，故D错误；
故选： AB。
【分析】 (1) 扩散现象是指物质从一个物体运动到另一个物体内的现象，这说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动 ；
(2)改变内能的两种方式：做功和热传递；
(3)水的沸点随液面气体压强的降低而降低；
(4)汽油机做功冲程将内能转化为机械能。
14．【答案】A,D
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】 A、当小磁针受到地磁场的作用时，一端指南一端指北如图甲，当导线中有向左的电流时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，这说明小磁针受到磁场力的作用，由此可知，甲、乙两图可说明电流周围存在磁场，故A正确。
B、甲、乙只能说明通电导体周围存在磁场，由于线圈的匝数没有改变，无法探究电流产生磁场的强弱与线圈匝数的关系，故B错误。
C、乙、丙只是改变了电流方向，没有改变电流大小，不能说明磁场强弱跟电流大小有关，故C错误。
D、当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，当导线中电流向右时，小磁针的N极向纸里偏转如图丙，所以，小磁针的偏转方向发生了改变，受到的磁场力的方向改变，说明电流周围的磁场跟电流方向有关，故D正确。
故选： AD。
【分析】 奥斯特发现任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应， 通电导体周围存在磁场，电流的磁场的方向和电流方向有关 。
15．【答案】B,C,D
【知识点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】【解答】 A、AOB是一个杠杆，根据杠杆平衡条件,根据题意第二次竖直向下用300N的力拉绳子时，货物D对水平地面的压力为零，由，此时货物D对A的拉力等于其重力，可得GD=F2=300N，故A错误；
B、第一次拉绳子时，对人做受力分析，工人受到三个力，竖直向上的拉力和支持力，竖直向下的重力，且三力平衡，根据相互作用力的知识，支持力和压力大小相等，工人对水平地面的压力：，故B正确；
C、由杠杆平衡条件可得已知OA= 0B，则FA = F1 = 200N，货物对地面的压力： F压' = F1 = 200N货物对地面的压强：200N，故C正确；
D、第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力：，故D正确。
故选： BCD。
【分析】 (1)由杠杆平衡条件可求得货物D的重力，货物D只受到重力和拉力，且两个力平衡，大小相等；
(2)对工人做受力分析，根据三力平衡的知识求出第三个力；
(3)第一次拉绳子时由杠杆平衡条件求得作用在A的力，从而然后可知此时货物对地面的压力，已知货物与地面的接触面积，由压强公式可求得货物对地面的压强；
(4)对o点做受力分析，第二次拉绳子时，支架对杠杆的拉力等于杠杆重力加上两边绳子的拉力。
16．【答案】（1）2
（2）7804
【知识点】弹簧测力计及其使用；变阻器
【解析】【解答】（1）如图， 弹簧测力计的分度值为0.2，图中示数为2.0N；
（2） 电阻箱的示数为1000×7+100×8+4×1= 7804Ω
【分析】(1)观察弹簧测力计的量程和分度值，根据指针的位置读数即可；
(2)变阻箱是一种变阻器，此时的阻值利用对应旋钮的数值乘以相应的倍率再相加即可。
17．【答案】20；0.5
【知识点】测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】 (1)由图知刻度尺的分度值为1cm，A点在零刻度线位置，C点刻度值为20.0cm，小车从A点出发，故C点位置即为AC间的距离，小车由A位置运动到C位置通过的距离为20.0cm ；
(2)小车通过AB和BC所用时间均为0.2s，所以小车通过AC段用时为，在这个过程中小车的平均速度为。
【分析】 (1)确定小车由A位置运动到C位置通过的距.离，要先分析刻度尺的分度值，再用末位置数值减去开始位置数据得到AC间的距离，要注意长度的测量需要估读到分度值的下一位；
(2)路程和时间已知，利用速度公式即可得到小车的平均速度。
18．【答案】（1）木块A所受滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力不是一对平衡力
（2）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块在水平桌面上做匀速直线运动
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 (1)只有用弹簧测力计沿水平方向拉着木块在同种材料制成的粗糙程度均匀的水平桌面.上做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。弹簧测力计的示数不等于木块A所受滑动摩擦力大小的原因是：没有沿水平方向做匀速直线运动，木块A所受滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力不是一对平衡力；
(2)针对实验中存在的问题，正确的测量方法：用弹簧测力计沿水平方向拉动木块在水平桌面上做匀速直线运动。
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上，注意：二力平衡的条件简单来说就是同物、等大、反向、共线。特别是“同物”和“共线”这个条件往往被初学者遗漏，而造成对二力平衡做出错误判断。
19．【答案】（1）8.9
（2）0.44
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】 (1)由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.28A，则小灯泡L正常发光时的电阻为：；
(2)闭合开关，调节滑动变阻器，电压表的示数如图2乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.3A，根据表中数据可知，此时通过灯泡的电流为0.22A，因两个灯泡规格完全相同，且并联在电路中，故通过两个灯泡的电流均为0.22A ；由于电流表测干路电流，根据并联电路电流规律，电流表的示数为。
【分析】 (1)根据表中数据确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用求出小灯泡L正常发光时的电阻；
(2)根据电压表选用量程确定分度值读数，利用表中数据确定灯泡此时的电流，根据并联电路电流规律得出电流表的示数。
20．【答案】（1）没有控制探头在水和酒精中的深度相同
（2）在步骤①、②中，用刻度尺测量探头在水和酒精中的深度为2cm
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 (1)要探究液体内部压强与液体的密度有关，应控制液体深度，改变液体的密度。但从小华的实验中发现，他控制的是探头到烧杯底的距离相同，而不是液面到探头的深度相同。
(2)针对小华探究过程中存在的问题，改正措施：将微小压强计的探头放入水和酒精中，控制液面到探头的深度相同，记录微小压强计U形管两侧的液面高度差。
【分析】 液体由内部向各个方向都有压强；压强随深度的增加而增加；在同一深度，液体向各个方向的压强相等；液体压强还跟液体的密度有关，液体密度越大，压强也越大 。
21．【答案】（1）小灯泡的实际功率太小（或：滑动变阻器的阻值太大；通过小灯泡的电流太小；小灯泡两端电压太低；电源电压太低）
（2）调节滑动变阻器使其连入电路的阻值变小，增大小灯泡的实际功率（或：增大通过小灯泡的电流；增大小灯泡两端电压）。若小灯泡发光，则猜想正确
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】 小灯泡不发光的原因有；断路、短路、或实际功率过小，经检查，全部实验器材均无故障且连接正确，排除断路和短路的故障。
(1 )不亮的原因只能是小灯泡的实际功率太小；
(2)检验方法是：调节滑动变阻器使其连入电路的阻值变小，增大小灯泡的实际功率；若小灯泡发光，则猜想正确。
【分析】 小灯泡不发光的原因有；断路、短路、或实际功率过小，根据题中条件分析。
22．【答案】（1）将金属块浸没在水中且不接触量筒；向量筒中加水，记录水的体积V，将金属块浸没在水中且不接触量筒；F浮=G-F
（2）=
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】 (1)实验步骤：
①将金属块悬挂在弹簧测力计下，测量金属块受到的重力G并记录。
②在量筒中装入适量的水，记录水的体积V，将金属块浸没在水中且不接触烧杯，静止时记录弹簧测力计的示数F，用刻度尺测量量筒中水的体积并记录。
③向量筒中加水，静止时记录弹簧测力计的示数F，用刻度尺测量量筒中水的体积并记录。
④用公式F浮=G-F计算金属块所受浮力F浮1、F浮2并记录。.
(2)通过上述实验，由水的体积变化时，F浮1 = F浮2，就可以证明浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的体积有关”的观点是错误的。
【分析】 影响浮力大小的有排开液体的体积和排开液体的密度两个因素，在探究“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的深度有关”时，应控制排开液体的体积和排开液体的密度不变，只改变物体浸入水中的深度，用称重法求出浮力并比较大小，即可证明“浸没在水中的物体所受的浮力大小与水的深度有关”的观点是错误的。
23．【答案】（1）①垂直；完全重合；改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合
（2）
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】 (1) 以下是他的部分实验步骤，请帮他补充完整：
①调整透明平板薄玻璃，使其与水平纸面垂直。
②将蜡烛A作为物体竖直放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合。
③用刻度尺分别测出u和v，并将u和v的数据记录到实验数据表中。
④改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合。
(2)平面镜成像时，像到平面镜的距离v与物体到平面镜的距离u是否有关，故测量物距、像距的大小，实验数据记录表：
【分析】 (1 )平板透明玻璃与水平纸面垂直；使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合，改变蜡烛A到平面镜的距离，在平面镜后面改变蜡烛B的位置，使得从不同角度观察，蜡烛B都与蜡烛A的像完全重合；
(2)根据实验目的设计表格。
24．【答案】（1）化合物
（2）掺加杂质
（3）B
【知识点】半导体特点及作用；电路的动态分析
【解析】【解答】 (1)由题中信息知常用的半导体材料分为元素半导体和化合物半导体；
(2)由题中信息知半导体材料的导电性能与温度、光照和掺加杂质等多种因素有关；
(3)由图知，光敏电阻R2和定值电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压；闭合开关S，当增大对光敏电阻的光照强度时，光敏电阻的阻值变小，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；根据U = I R可知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，故B正确。故选： B。
【分析】 (1) 故题中信息分析解答；
(2)由图知，光敏电阻R2和定值电阻R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量定值电阻两端的电压；光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，根据光照强度的变化分析光敏电阻阻值的变化，根据串联电路的电阻关系可知电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变大，根据U = IR分析电压表示数的变化。
25．【答案】（1）解：R1产生的热量Q1=W1=P小t=3W×10s=30J
（2）解：R2的功率P2=P大-P小=9W-3W=6W，R2两端的电压与电源电压相等U=12V，通过R2的电流I2===0.5A
【知识点】焦耳定律的应用；电功与热量的综合计算
【解析】【解答】 由可知，电压一定时，电阻越小，R电功率越大，根据并联电路特点可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、 R2并联，电路中的电阻最小，电路中的总功率越大，当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小；
(1)R1的电功率： P1 = P小= 3W，R1产生的热量：
(2)R2的功率，根据并联电路的电压特点可知，R2 两端的电压与电源电压相等，即U2 =U = 12V，由P= UI可知，通过R2的电流：
【分析】 (1)由可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，根据并联电路特点可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，电路中的总功率越大，当开关S1闭合、S2断开时，只有R1 工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，据此可知R1的电功率，根据Q= W=Pt求出通电时间10s，电阻丝R1产生的热量；
(2)根据P2= P大-P小求出R2的电功率，根据P= UI求出通过电热丝R2的电流。
26．【答案】（1）解：根据图像可得：拉力F的功率为100W，因为P=Fv=F×2×0.25m/s=100W
所以F = 200N，又因为F===200N
所以G动=40N
（2）解：η===90%
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】 (1)由图可知n=2，绳子自由端移动的速度：；由图乙可知，1s拉力F做的总功为100J，则拉力F的功率：，由可知，绳子自由端的拉力：，因为不计绳重和摩擦时，所以动滑轮的重力：
(2)滑轮组的机械效率：
【分析】 (1)由图可知n = 2，绳子自由端移动的速度v= nv物，根据图乙利用求拉力做功的功率，利用求绳子自由端的拉力，利用不计绳重和摩擦时求动滑轮的重力；
(2)利用求滑轮组的机械效率。
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