卷子答案网-一个不只有答案的网站湖南省湘潭市2023年中考物理真题
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题2分，共30分。请把答案填涂在答题卡上。）
1．在国际单位制中，力的单位是（ ）
A．伏特 B．牛顿 C．安培 D．帕斯卡
【答案】B
【知识点】力的概念及单位
【解析】【解答】在国际单位制中，力的单位是牛顿，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
【分析】根据物理量的单位判断。
2．研学活动中，讲解员使用“小蜜蜂”扩音器主要是为了改变声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．传播速度
【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】研学活动中，讲解员使用“小蜜蜂”扩音器主要是为了改变声音的大小，即改变声音的响度，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
3．下列现象能说明分子在做无规则运动的是（ ）
A．瑞雪飘飘 B．花香袭人 C．柳絮飞舞 D．稻浪起伏
【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】ACD.瑞雪飘飘，柳絮飞舞和稻浪起伏，都是眼睛可以看得见的运动，不是分子运动，故A、C、D不合题意；
B.花香袭人，其实是花香分子在空气中无规则运动，故B符合题意。
故选B。
【分析】分子很小，但凡是看得见的运动都是宏观物体的运动，肯定不是分子运动。
4．下列估测值符合实际的是（ ）
A．成人步行速度约为1m/s B．成年大象的质量约为1kg
C．人正常心跳一次约为1min D．书房台灯功率约为5000W
【答案】A
【知识点】质量及其特性；功率的概念；速度与物体运动
【解析】【解答】 A.成人步行速度约为1m/s，故A正确；
B.成年大象的质量约为1000kg，故B错误；
C.人正常心跳70次/min，因此心跳一次大约0.85s，故C错误；
D.书房台灯功率约为50W，故D错误。
故选A。
【分析】根据对速度、质量、时间和功率的认识判断。
5．下列现象能说明光沿直线传播的是（ ）
A．天边彩虹
B．海市蜃楼
C．铅笔“折断”
D．小孔成像
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A.天边彩虹，属于光的色散现象，故A不合题意；
B.海市蜃楼，属于光的折射现象，故B不合题意；
C.铅笔“折断”，属于光的折射现象，故C不合题意；
D.小孔成像，属于光的直线传播现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理即可。
6．下列说法正确的是（ ）
A．物体内能只能靠做功来改变
B．注射器抽取药液，利用了连通器原理
C．戴耳塞是为了在声源处减弱噪声
D．太阳能是清洁能源，应积极开发和利用
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；能源及其分类；大气压强的存在；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A.热传递和做功都能改变物体内能，故A错误；
B.注射器抽取药液，利用了大气压强的原理，故B错误；
C.戴耳塞是为了在人耳处减弱噪声，故C错误；
D.太阳能是清洁能源，应积极开发和利用，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据物体内能的改变方式判断；
（2）根据大气压强的知识判断；
（3）根据减弱噪声的途径和方法判断；
（4）根据对能源利用的知识判断。
7．下列物品，通常情况下属于导体的是（ ）
A．木铲 B．铁锅 C．玻璃杯 D．陶瓷盘
【答案】B
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】木铲、玻璃杯和陶瓷盘，都是不容易导电的，属于绝缘体，故A、C、D不合题意；
铁锅容易导电，是导体，故B符合题意。
故选B。
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
8．智能快递柜既可通过手机扫码（相当于S1闭合），也可通过输入密码（相当于S2闭合）使装置启动，打开柜门完成取件。符合以上要求的电路示意图是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，无论单独闭合开关S1还是S2时，快递系统都会开启，即二者不相互影响，应该为并联，然后再与该装置串联，如下图所示：
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联，据此确定两个开关的串并联关系即可。
9．探究压力的作用效果与压力的关系时，保持受力面积不变。采用的方法是（ ）
A．类比法 B．理想实验法 C．控制变量法 D．等效替代法
【答案】C
【知识点】控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】探究压力的作用效果与压力的关系时，保持受力面积不变。采用的方法是控制变量法，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】探究某个因素对物理量的影响时，需要控制其它因素相同，只改变这个因素，这种方法叫控制变量法。
10．将一根短的金属丝缓慢拉长，下列物理量变大的是（ ）
A．质量 B．体积 C．电阻 D．密度
【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A.将一根短的金属丝缓慢拉长，只是形状发生改变，因此质量保持不变，故A不合题意；
D.将一根短的金属丝缓慢拉长，种类不变，因此它的密度不变，故D不合题意；
B.金属丝的质量不变，密度不变，根据可知，它的体积不变，故B不合题意；
C.金属丝被拉长后，长度增大，横截面积减小，因此电阻变大了，故C符合题意。
故选C。
【分析】根据对质量、体积、电阻和密度的认识判断。
11．图是电能表表盘示意图，下列说法正确的是（ ）
A．电能表是用来测电功率的仪器
B．此时电能表的读数为61985kW·h
C．这个电能表通过的电流一定为10A
D．这个电能表应该在220V的电路中使用
【答案】D
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】A.电能表是用来测用电器消耗电能多少的仪器，故A错误；
B.此时电能表的读数为6198.5kW·h，故B错误；
C.这个电能表允许通过的最大电流为10A，故C错误；
D.这个电能表应该在220V的电路中使用，故D正确。
故选D。
【分析】根据对电能表上铭牌数据的认识判断即可。
12．下列做法不符合安全用电要求的是（ ）
A．不靠近高压带电体 B．家用电器的开关接在火线上
C．用湿抹布擦拭通电的电器 D．更换灯泡前先断开电源开关
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A.不靠近高压带电体，不接触低压带电体，故A正确不合题意；
B.家用电器的开关接在火线上，这样可以保证断开开关后用电器不带电，故B正确不合题意；
C.用湿抹布擦拭通电的电器，可能由于灯泡漏电引发触电事故，故C错误符合题意；
D.更换灯泡前先断开电源开关，避免发生触电事故，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】根据安全用电的常识判断。
13．图为一种佩戴在手腕上的“计步器”，其基本构造是在一段塑料管中密封一小块磁铁，管外绕着线圈。运动时，磁铁在管中往复运动，线圈输出不断变化的电流，从而实现计步。下列设备与“计步器”产生电流的原理相同的是（ ）
A．发电机 B．电动机 C．电风扇 D．电水壶
【答案】A
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据“磁铁在管中往复运动，线圈输出不断变化的电流”可知，“计步器”的工作原理为电磁感应现象。
A.发电机的工作原理为电磁感应现象，故A符合题意；
B.电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动，故B不合题意；
C.电风扇的主要结构为电动机，工作原理为通电导体在磁场中受力运动，故C不合题意；
D.电水壶的工作原理为电流的热效应，故D不合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。
14．如图所示，水平静止放置的空易拉罐会向摩擦过的塑料管滚动，下列说法正确的是（ ）
A．摩擦起电创造了电荷
B．静止放置的易拉罐没有惯性
C．塑料管与易拉罐之间相互排斥
D．易拉罐受到引力，运动状态发生了改变
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A.摩擦起电不是创造电荷，而是电荷转移的过程，故A错误；
B.静止放置的易拉罐具有惯性，故B错误；
C.水平静止放置的空易拉罐会向摩擦过的塑料管滚动，则塑料管与易拉罐之间相互吸引，故C错误；
D.易拉罐受到引力，且运动状态发生改变，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据摩擦起电的本质判断；
（2）一切物体都有惯性；
（3）根据运动方向确定力的性质；
（4）根据力的作用效果判断。
15．取口香糖锡纸，剪成如图所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条（带锡的一面）两端连接电池正、负极，如图所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是（ ）
A．通过AB和CD段的电流不相等 B．正常情况下，AB段会先着火
C．AB和CD段的电压相等 D．AB和CD段的电阻相等
【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A.根据图片可知，AB段与CD段串联，则通过二者的电流相等，故A错误；
BD.导体的电阻与横截面积成反比，则AB段电阻大于CD段电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，AB段产生的热量远远大于CD段产生的热量，即AB段先着火，故B正确，D错误；
C.AB段电阻大于CD段电阻，根据U=IR可知，AB段电压大于CD段电压，故C错误。
故选B。
【分析】（1）根据串联电路的电流特点判断；
（2）（4）首先根据导体的影响因素的知识判断电阻大小，再根据焦耳定律Q=I2Rt分析产生热量的大小；
（3）根据U=IR比较电压的大小。
二、双项选择题（本题共3小题，共6分。每小题都有两个选项符合题目要求。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。请把答案填涂在答题卡上。）
16．如图所示，指尖陀螺中间是轴承，内有滚珠，边上有三个金属制作的飞叶，拨动后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动。下列分析正确的是（ ）
A．指尖陀螺的重心在飞叶上
B．飞叶转动时遵循能量守恒定律
C．轴承内的滚珠，有利于减小摩擦
D．指尖陀螺受到的重力和支持力是一对相互作用力
【答案】B,C
【知识点】能量的转化或转移；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.指尖陀螺的重心在中间的转轴上，故A错误；
B.飞叶转动时遵循能量守恒定律，故B正确；
C.轴承内的滚珠，通过变滑动为滚动，有利于减小摩擦，故C正确；
D.指尖陀螺受到的重力和支持力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，为一对平衡力，故D错误。
故选BC。
【分析】（1）形状规则，密度均匀物体的重心在物体的几何中心上；
（2）根据能量转化和守恒定律判断；
（3）根据减小摩擦的方法判断；
（4）相互作用力和平衡力的不同点：前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上。
17．光刻技术的工作原理如图所示。用紫外光照射镂空掩膜，调整镂空掩膜、缩图透镜的位置，恰好能在硅片上成极小的清晰的像，从而实现集成电路的“光刻”，下列说法正确的是（ ）
A．缩图透镜相当于凸透镜，凸透镜可以用于矫正近视眼
B．镂空掩膜位于缩图透镜的二倍焦距以内
C．镂空掩膜的像是倒立缩小的
D．硅片相当于光屏
【答案】C,D
【知识点】凸透镜成像的应用；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A.缩图透镜相当于凸透镜，凸透镜可以用于矫正远视眼，故A错误；
B.镂空掩膜相当于物体， 硅片上成极小的清晰的像 ，物距应该位于缩图透镜的二倍焦距以外，故B错误；
C.镂空掩膜的像是倒立缩小的实像，故C正确；
D.硅片相当于光屏，故D正确。
故选CD。
【分析】根据凸透镜的成像规律和特点分析判断。
18．图是汽车尾气中CO浓度的检测电路示意图。气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，R2是滑动变阻器，开关S闭合，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁的上端是N极
B．电铃应接在A和B之间
C．当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱
D．电源用久后，U1减小，CO的报警浓度会变高
【答案】A,D
【知识点】安培定则；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A.根据图片可知，电磁铁线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则上端为电磁铁的N极，故A正确；
B.当CO浓度高于某一设定值时，电磁铁将衔铁吸下来，接通CD所在电路而报警，因此电铃应该在CD和之间，故B错误；
C.当CO浓度增大时，气敏电阻的阻值减小，通过电磁铁的电流变大，则电磁铁的磁场强度增大，故C错误；
D.电源用久后，U1变小，则通过电磁铁的电流会减小。要增大电流就减小电阻，即气敏电阻的阻值要减小，因此CO浓度会增大，故D正确。
故选AD。
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）根据CO浓度达到一定程度时衔铁的位置判断；
（3）电磁铁的磁场强度与电流大小和线圈匝数有关；
（4）电磁铁吸合时需要的电磁力不变，即通过电磁铁的电流大小不变，根据R总=R1+R2分析气敏电阻的阻值变化，最终确定CO浓度的变化即可。
三、填空、作图题（本题每空1分，作图1分，共14分。请把答案填在答题卡上。）
19．如图，轻质杠杆保持平衡，O为支点。请在答题卡19题图中，画出力F的力臂L ；这是一个 省力（选填“省力”或“费力”）杠杆。
【答案】；省力
【知识点】杠杆的分类；力臂的画法
【解析】【解答】①从杠杆的支点O作F力的作用线的垂线，从支点到垂足之间的距离为动力臂L1，如下图所示：
②根据图片可知，物体的重力相当于阻力，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆。
【分析】①力臂是从杠杆支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
20．图所示的刻度尺的分度值是 mm，被测物体长度是 cm。
【答案】1；2.40
【知识点】长度及其测量
【解析】【解答】根据图片可知，刻度尺上一个大格表示1cm，中间有10个小格，则分度值为：1cm÷10=0.1cm=1mm。则物体的长度为：4.40cm-2.00cm=2.40cm。
【分析】根据图片确定刻度尺上一个大格表示的长度，然后除以中间的小格数得到分度值，最后根据“测量值=准确值+估读值”读出所对的两个刻度值，最后相减即可。
21．如图所示，白鹭平行于水面飞行，距水面2m。水中的“白鹭”是 （选填“实”或“虚”）像，它距空中的白鹭 m。
【答案】虚；4
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】根据图片可知，水中的“白鹭”是白鹭发出的光在水面发生反射形成的平面镜成像，因此是虚像。根据平面镜成像“物像等距”可知，白鹭到水面的距离等于它的像到水面的距离，也就是2m，因此它到空中的白鹭的距离为：2m+2m=4m。
【分析】根据平面镜成像的特点分析解答。
22．旅行中，汽车在公路上快速行驶时，窗外的空气流速大，压强 ，窗帘受到向外的力，飘向窗外。车行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是因为高山上的大气压比山脚下的 （两空均选填“大”或“小”）造成的。
【答案】小；小
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）旅行中，汽车在公路上快速行驶时，窗外的空气流速大，压强小，窗帘受到向外的力，飘向窗外。
（2）车行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是因为高山上的大气压比山脚下的小。
【分析】（1）流体流速越大压强越小，根据流体压强和流速的关系解答；
（2）根据大气压强随高度的增大而减小的原理分析。
23．神舟十六号载人飞船由火箭运载加速升空时，以火箭为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的，飞船重力势能 （选填“增大”或“减小”），航天员在太空中是利用 （选填“电磁波”或“超声波”）和地面通讯。
【答案】静止；增大；电磁波
【知识点】动能和势能的大小变化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】神舟十六号载人飞船由火箭运载加速升空时，以火箭为参照物，飞船的位置保持不变，因此飞船是静止的。飞船的质量不变，高度增大，则飞船重力势能增大。航天员在太空中是利用电磁波和地面通讯的。
【分析】根据参照物的知识解答。重力势能与质量和高度有关。根据电磁波的应用解答。
24．如图所示，文具盒在水平向右的推力F的作用下，沿水平桌面运动，F与时间t的关系如图所示。0~2s内，文具盒做匀速直线运动，此过程中它所受的摩擦力方向向 （选填“左”或“右”），大小为 N；3~4s内，文具盒所受合力的大小为 N。
【答案】左；2；1
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）0~2s内，文具盒做匀速直线运动，此时它受到的摩擦力与推力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，那么摩擦力f=F=2N，且方向为水平向左。
（2）3~4s内文具盒受到推力3N，受到摩擦力2N，二者方向相反，则受到合力：3N-2N=1N。
【分析】（1）摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反。根据二力平衡的知识计算摩擦力的大小。
（2）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法。
四、实验、探究题（本题每空1分，共27分。请把答案填在答题卡上。）
25．用如图1所示实验装置，探究室温下冰熔化时温度的变化规律。
（1）将冰打碎后放入烧杯，温度计插入碎冰中。图2中温度计示数为 ℃。
（2）由实验数据绘制成图3所示图像，可知，AB段该物质是 态，BC段 （选填“需要”或“不需”）吸热；由实验可知，冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）研究表明晶体的熔点与压强有关，压强越大，晶体的熔点越低，如图4，在温度较低的环境中，将拴有重物的细金属丝挂在冰块上，金属丝下方与冰接触处的压强 （选填“增大”或“减小”），从而使冰的熔点 （选填“升高”或“降低”）了，金属丝下方的冰块熔化，熔化而成的水又很快凝固，金属丝穿冰块而过且不留缝隙。
【答案】（1）-3
（2）固；需要；晶体
（3）增大；降低
【知识点】温度及温度计的使用与读数；熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】（1）根据图2可知，温度计的分度值为1℃，液面在0℃以下，因此温度为-3℃。
（2）根据图3可知，BC段温度不变，说明该物质熔化时有熔点，应该为晶体。晶体熔化时吸热，但温度不变。AB段在BC段前，应该为固态。
（3）如图4，在温度较低的环境中，将拴有重物的细金属丝挂在冰块上，金属丝下方与冰接触处受力面积小而压强增大，从而使冰的熔点降低，金属丝下方的冰块熔化，熔化而成的水又很快凝固，金属丝穿冰块而过且不留缝隙。
【分析】（1）根据图2确定温度计的分度值，然后根据液面的位置读出示数；
（2）熔化前晶体为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。当晶体熔化时，不断吸热但温度不变。晶体和非晶体的不同点：有无熔点。
（3）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。根据晶体熔点和压强的关系分析。
26．用天平和量筒测量某种饮料的密度。
（1）将天平放在水平台上，游码归零，发现指针指在分度盘的右侧，如图1所示，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节使天平平衡。
（2）如图2所示，测得烧杯和饮料的总质量为 g；向量筒中倒入部分饮料，如图3所示，量筒中饮料的体积为 mL；用天平测得烧杯和剩余饮料的总质量为40g，则饮料的密度为 kg/m3。
（3）只利用天平、两个完全相同的空烧杯和适量的水也能测量出饮料的密度，步骤如下：①调好天平，测出一个烧杯的质量m0：
②将一个烧杯装入适量的水，测出烧杯和水的总质量m1；
③另一个烧杯装同样高度的饮料，测出烧杯和饮料的总质量m2；
则烧杯内饮料的体积V= ，密度 （两空均用已知量的字母表示，ρ水已知）。
【答案】（1）左
（2）71.2；30；1.04ⅹ103
（3）；
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）将天平放在水平台上，游码归零，发现指针指在分度盘的右侧，说明右盘重，左盘轻，则平衡螺母应该向左调节。
（2）根据图2可知，天平标尺的分度值为0.2g，则游码质量为1.2g，砝码质量为：50g+20g=70g，则烧杯和饮料的总质量为：70g+1.2g=71.2g。
根据图3可知，量筒的分度值为1mL，则饮料的体积为30mL=30cm3；
则量筒内饮料的质量：m=71.2g-40g=31.2g，
那么饮料的密度为：。
（3）烧杯内饮料的体积等于水的体积，即饮料体积为：；
则饮料的密度为：。
【分析】（1）平衡螺母总是向轻的那端调节；
（2）烧杯和饮料的总质量等于砝码和游码的质量之和。根据图3确定两图的分度值，然后根据液面位置读出饮料的体积。将烧杯和饮料的总质量相减得到量筒内饮料的质量，最后根据计算饮料的密度。
（3）同一烧杯装满水和装满饮料时，二者的体积都等于烧杯的容积，即二者的体积相等，利用密度公式计算水的体积，再根据密度公式计算饮料的密度即可。
27．用图所示装置测量滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表：
实验次数 钩码重力Ｇ/Ｎ 钩码上升高度h/cm 拉力Ｆ/Ｎ 绳子自由端移动距离s/cm 机械效率η
1 2.0 5 1.0 15 66.7%
2 4.0 5 1.8 15 74.1%
3 4.0 10 1.8 30 74.1%
4 6.0 5 2.5 15
（1）实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做 运动。第1次实验时，钩码上升的时间为3s，此过程中，绳子自由端上升的速度为 m/s．
（2）第4次实验时所做的有用功为 J，滑轮组的机械效率是 %。
（3）分析1、2、4次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越 （选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；分析2、3次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 （选填“有关”或“无关”）。
（4）用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是____。
A．换用更轻的动滑轮 B．加快提升物体的速度
【答案】（1）匀速；0.05
（2）0.3；80
（3）大；无关
（4）A
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做匀速直线运动。
第1次实验时，钩码上升的时间为3s，绳子自由端移动15cm，
则此过程中，绳子自由端上升的速度为。
（2）第4次实验时所做的有用功W有=Gh=6N×0.05m=0.3J；
总功为：W总=Fs=2.5N×0.15m=0.375J；
此时机械效率为：；
（3）根据表格1、2、4可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。
在实验2、3中，其它条件不变，而钩码上升的高度增大时，滑轮组的机械效率不变，这说明二者无关。
（4）根据公式可知，滑轮组的机械效率只与物体重力和动滑轮重力有关，与物体的速度大小无关，故选A。
【分析】（1）当弹簧测力计竖直向上做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数等于绳子上的拉力。根据公式计算绳子自由端移动的速度。
（2）根据W有=Gh计算第4次实验时所做的有用功，根据W总=Fs计算第4次实验时的总功，最后根据计算此时的机械效率。
（3）根据实验1、2、4中机械效率随物体重力的变化规律解答。当钩码上升高度变化时，如果机械效率相应改变，那么二者有关；否则，二者无关。
（4）根据公式分析判断。
28．利用图1所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）用笔画线代替导线，将图中所示的器材连接成完整电路。
（2）连接电路时开关应处于 （选填“断开”或“闭合”）状态，正确连接后，应将滑片P由最大电阻处缓慢向 端移动（选填“A”或“B”），使灯逐渐变亮。
（3）某次实验时，电流表的示数如图2所示，则通过灯L的电流为 A；移动滑片P，记下多组电压和电流值，绘制成图3所示的图像，根据图像的信息，小灯泡的额定电功率为 W。
（4）实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，电压表的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）在没有电流表的情况下，用如图4所示的实验电路，也可以测出小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为U额，定值电阻的阻值为R，实验步骤如下：
①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额；
②保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U；可知小灯泡的额定功率P额 （用U额、U和R表示）；若已知电源电压为U0，此时滑动变阻器接入电路的阻值Rx= （用U0、U额、U和R表示）。
【答案】（1）
（2）断开；A
（3）0.2；0.625
（4）变大
（5）；
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】（1）在测量灯泡电功率的实验中，除了电压表与灯泡并联，其它的都是串联。因为灯泡的额定电压为2.5V<3V，所以电压表选择量程0~3V。根据图1可知，只需将电压表的“3”接线柱与灯泡右端相连即可，如下图所示：
（2）连接电路时开关应处于断开状态。正确连接后，变阻器的滑片应该在最右端，即在B端，此时应将滑片P由最大电阻处缓慢向A端移动。
（3）根据图2可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.2A。
根据图3可知，当灯泡电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，
则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
（4）实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，此时电压表就串联在电路中。在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，则由于电压表的内阻极大，因此电压表的示数接近电源电压，也就是电压表的示数变大了。
（5）①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光，且灯泡、R和变阻器串联；
保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U。即此时灯泡、R和变阻器依然串联，电压表测灯泡与R的总电压。
在串联电路中，各处电流都相等，即灯泡的额定电流；
那么灯泡的额定功率P额=U额I额=；
②此时滑动变阻器两端的电压为：Ux=U0-U；
则变阻器接入的阻值为：。
【分析】（1）根据电压表的使用方法分析解答；
（2）在连接电路时，为了防止时通时断烧毁用电器，要求开关必须断开。为了避免电流过大而烧毁用电器，变阻器的滑片要调到阻值最大的位置。
（3）根据图2确定电流表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数。根据图3确定灯泡的额定电流，然后根据P=UI计算灯泡的额定功率。
（4）根据电压表的内阻很大，结合串联电路的分压规律分析；
（5）①当灯泡与定值电阻串联时，通过二者的电流相等，因此灯泡正常发光时通过定值电阻的电流就是灯泡的额定电流，根据欧姆定律计算出它的额定电流，最后根据P=UI计算灯泡的额定功率即可。
②首先根据U总=U1+U2计算出变阻器两端的电压，再根据欧姆定律计算变阻器的阻值即可。
五、综合题（本题共23分。解答部分请将必要的文字说明、公式和重要的演算步骤填写在答题卡上。）
29．图1为小明家的电压力锅，图2是它的铭牌，在锅内装入2.5kg初温为15℃的食材，加热至95℃，已知，问：
（1）电压力锅加热时，电流为 A，电阻为 Ω。
（2）此过程中，食材吸热 J；这些热量相当于完全燃烧 m3天然气放出的热量。
（3）若该压力锅的加热效率为80%，此加热过程需要多长时间？
【答案】（1）5；44
（2）6.6ⅹ105；1.5ⅹ10-2
（3）
【知识点】热量的计算；燃料的热值；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电压力锅加热时，电流为；
电饭锅的电阻：；
（2）此过程中食材吸收的热量：Q=cm△t=3.3×103J/(kg·℃)×2.5kg×（95℃-15℃）=6.6ⅹ105J；
相当于燃烧天然气的体积：。
【分析】（1）根据公式计算电饭锅加热时的电流，再根据计算加热时的阻值。
（2）根据Q=cm△t计算食材吸收的热量，再根据计算燃烧天然气的体积。
（3）首先根据计算加热过程消耗的电能，再根据计算加热时间。
30．“曹冲称象”是家喻户晓的典故，兴趣小组受此启发，找来一个上端开口的空透明圆筒，底部用细线系一块质量适当的铁块，然后将其静止放置在水中，如图1所示，此时圆筒浸入水中的深度为5cm，水面与圆筒A点相平。利用此装置标上刻度后放入水中，可以方便地测量出物体的质量。在圆筒内放上一个物体后，如图2所示，圆筒浸入水中的深度为10cm，水面与圆筒B点相平。已知圆筒底面积为10cm2，圆筒和铁块总重为0.6N，装置始终处于漂浮状态，圆筒始终竖直。则：
（1）图1中圆筒和铁块受到的总浮力是 N，它们浸入水中的总体积是 m3，铁块所受到的浮力为 N。
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是 Pa，受到水的压力为 N。
（3）为方便测量，圆筒A点应标上 kg刻度线。
（4）利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为多少？
【答案】（1）0.6；6ⅹ105；0.1
（2）1000；1
（3）0
（4）
对应的质量应为
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）圆筒和铁块处于漂浮状态，那么它们受到的总浮力等于总重力，即F浮=G=0.6N；
它们浸入水中的总体积：，
圆筒受到的浮力：F浮圆筒=ρ水gV排圆筒=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×5×10-6m3=0.5N，
铁块所受到的浮力为：F浮铁=F浮-F浮圆筒=0.6N-0.5N=0.1N；
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
受到水的压力为：F=pS=1000Pa×10×10-4m2=1N；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
【分析】（1）首先根据漂浮条件计算出圆筒和铁块受到的浮力，再根据阿基米德原理的变形式计算它们浸入水中的总体积；
首先根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算圆筒受到的浮力，再用二者受到的总浮力减去圆筒受到的浮力得到铁块受到的浮力。
（2）根据p=ρ水gh计算图2中圆筒底部受到水的压强，根据F=pS计算受到水的压力；
（3）根据此时圆筒中没有物体，即测量的质量为0分析解答；
（4）首先根据计算圆筒排开水的体积的变化量，再根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算图2中圆筒受到的浮力的变化量，进一步计算利用此装置测量时圆筒B点的刻度线对应的质量。
31．变频空调的变频压缩机可以根据环境温度自动调整工作时间和功率。某变频空调电路原理示意图如图1所示，其中控制电路的电源电压U1=12V，Rs为调控电阻，可通过遥控调节其阻值大小，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图2所示，L为磁控开关，当热敏电阻Rt的阻值发生变化时，磁控开关线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的变频压缩机开始工作。电压U2=220V，R0为保护电阻，磁控开关L的线圈电阻不计。问：
（1）压缩机工作过程中内部的电动机主要把电能转化成 能；当S接通，电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片的前端为名 磁极。
（2）由图2可知，热敏电阻Rt的阻值随着温度t的升高而 ；若房间内部的温度为22.5℃，此时热敏电阻Rt的阻值为 Ω。
（3）用遥控将Rs的阻值调小时，设定温度变 ；家用空调最高设定温度通常为30℃，则调控电阻Rs的阻值不能超过 Ω。
（4）由于变频作用，某段时间内工作电路的总功率变化如图3所示，已知保护电阻R0=2Ω，则10min内R0消耗的电能是多少？
【答案】（1）机械；异
（2）变小；100
（3）低；10
（4）当 时，
当 时，
消耗的电能
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）压缩机工作过程中内部的电动机主要把电能转化成机械能。
当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，根据“异名磁极相互吸引”可知，弹片的前端为异名磁极。
（2）由图2可知，热敏电阻Rt的阻值随着温度t的升高而减小。若房间内部的温度为22.5℃，此时热敏电阻Rt的阻值为100Ω。
（3）①当磁性弹片吸合时控制电路部分的电流大小不变，即控制电路的总电阻不变。用遥控将Rs的阻值调小时，根据R总=R1+R2可知，此时热敏电阻的阻值增大，因此设定温度变低。
② 根据图2可知，当温度为30℃时热敏电阻的阻值为50Ω。
则此时总电阻为：；
则此时调控电阻的阻值为：Rs=R总-Rt=60Ω-50Ω=10Ω。
【分析】（1）各根据能量转化的知识解答。根据磁极之间的相互作用规律解答。
（2）根据图2分析热敏电阻的阻值随温度的变化规律。根据图2确定22.5℃时热敏电阻的阻值。
（3）①当磁性弹片吸合时控制电路部分的电流大小不变，即控制电路的总电阻不变。分析热敏电阻的阻值变化，最后根据图像确定设定温度的变化。
②首先根据图2确定30℃时热敏电阻的阻值，再根据计算控制电路的总电阻，最后根据Rs=R总-Rt计算调控电阻的阻值。
（4）根据图3确定10min内总功率的大小，然后根据分别计算出通过R0的电流，接下来根据焦耳定律Q=I2Rt分别计算出R0消耗的电能，最后将二者相加即可。
湖南省湘潭市2023年中考物理真题
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题2分，共30分。请把答案填涂在答题卡上。）
1．在国际单位制中，力的单位是（ ）
A．伏特 B．牛顿 C．安培 D．帕斯卡
2．研学活动中，讲解员使用“小蜜蜂”扩音器主要是为了改变声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．传播速度
3．下列现象能说明分子在做无规则运动的是（ ）
A．瑞雪飘飘 B．花香袭人 C．柳絮飞舞 D．稻浪起伏
4．下列估测值符合实际的是（ ）
A．成人步行速度约为1m/s B．成年大象的质量约为1kg
C．人正常心跳一次约为1min D．书房台灯功率约为5000W
5．下列现象能说明光沿直线传播的是（ ）
A．天边彩虹
B．海市蜃楼
C．铅笔“折断”
D．小孔成像
6．下列说法正确的是（ ）
A．物体内能只能靠做功来改变
B．注射器抽取药液，利用了连通器原理
C．戴耳塞是为了在声源处减弱噪声
D．太阳能是清洁能源，应积极开发和利用
7．下列物品，通常情况下属于导体的是（ ）
A．木铲 B．铁锅 C．玻璃杯 D．陶瓷盘
8．智能快递柜既可通过手机扫码（相当于S1闭合），也可通过输入密码（相当于S2闭合）使装置启动，打开柜门完成取件。符合以上要求的电路示意图是（ ）
A． B．
C． D．
9．探究压力的作用效果与压力的关系时，保持受力面积不变。采用的方法是（ ）
A．类比法 B．理想实验法 C．控制变量法 D．等效替代法
10．将一根短的金属丝缓慢拉长，下列物理量变大的是（ ）
A．质量 B．体积 C．电阻 D．密度
11．图是电能表表盘示意图，下列说法正确的是（ ）
A．电能表是用来测电功率的仪器
B．此时电能表的读数为61985kW·h
C．这个电能表通过的电流一定为10A
D．这个电能表应该在220V的电路中使用
12．下列做法不符合安全用电要求的是（ ）
A．不靠近高压带电体 B．家用电器的开关接在火线上
C．用湿抹布擦拭通电的电器 D．更换灯泡前先断开电源开关
13．图为一种佩戴在手腕上的“计步器”，其基本构造是在一段塑料管中密封一小块磁铁，管外绕着线圈。运动时，磁铁在管中往复运动，线圈输出不断变化的电流，从而实现计步。下列设备与“计步器”产生电流的原理相同的是（ ）
A．发电机 B．电动机 C．电风扇 D．电水壶
14．如图所示，水平静止放置的空易拉罐会向摩擦过的塑料管滚动，下列说法正确的是（ ）
A．摩擦起电创造了电荷
B．静止放置的易拉罐没有惯性
C．塑料管与易拉罐之间相互排斥
D．易拉罐受到引力，运动状态发生了改变
15．取口香糖锡纸，剪成如图所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条（带锡的一面）两端连接电池正、负极，如图所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是（ ）
A．通过AB和CD段的电流不相等 B．正常情况下，AB段会先着火
C．AB和CD段的电压相等 D．AB和CD段的电阻相等
二、双项选择题（本题共3小题，共6分。每小题都有两个选项符合题目要求。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。请把答案填涂在答题卡上。）
16．如图所示，指尖陀螺中间是轴承，内有滚珠，边上有三个金属制作的飞叶，拨动后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动。下列分析正确的是（ ）
A．指尖陀螺的重心在飞叶上
B．飞叶转动时遵循能量守恒定律
C．轴承内的滚珠，有利于减小摩擦
D．指尖陀螺受到的重力和支持力是一对相互作用力
17．光刻技术的工作原理如图所示。用紫外光照射镂空掩膜，调整镂空掩膜、缩图透镜的位置，恰好能在硅片上成极小的清晰的像，从而实现集成电路的“光刻”，下列说法正确的是（ ）
A．缩图透镜相当于凸透镜，凸透镜可以用于矫正近视眼
B．镂空掩膜位于缩图透镜的二倍焦距以内
C．镂空掩膜的像是倒立缩小的
D．硅片相当于光屏
18．图是汽车尾气中CO浓度的检测电路示意图。气敏电阻R1的阻值随CO浓度增大而减小，R2是滑动变阻器，开关S闭合，当CO浓度高于某一设定值时，电铃报警。下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁的上端是N极
B．电铃应接在A和B之间
C．当CO浓度升高时电磁铁的磁性减弱
D．电源用久后，U1减小，CO的报警浓度会变高
三、填空、作图题（本题每空1分，作图1分，共14分。请把答案填在答题卡上。）
19．如图，轻质杠杆保持平衡，O为支点。请在答题卡19题图中，画出力F的力臂L ；这是一个 省力（选填“省力”或“费力”）杠杆。
20．图所示的刻度尺的分度值是 mm，被测物体长度是 cm。
21．如图所示，白鹭平行于水面飞行，距水面2m。水中的“白鹭”是 （选填“实”或“虚”）像，它距空中的白鹭 m。
22．旅行中，汽车在公路上快速行驶时，窗外的空气流速大，压强 ，窗帘受到向外的力，飘向窗外。车行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是因为高山上的大气压比山脚下的 （两空均选填“大”或“小”）造成的。
23．神舟十六号载人飞船由火箭运载加速升空时，以火箭为参照物，飞船是 （选填“运动”或“静止”）的，飞船重力势能 （选填“增大”或“减小”），航天员在太空中是利用 （选填“电磁波”或“超声波”）和地面通讯。
24．如图所示，文具盒在水平向右的推力F的作用下，沿水平桌面运动，F与时间t的关系如图所示。0~2s内，文具盒做匀速直线运动，此过程中它所受的摩擦力方向向 （选填“左”或“右”），大小为 N；3~4s内，文具盒所受合力的大小为 N。
四、实验、探究题（本题每空1分，共27分。请把答案填在答题卡上。）
25．用如图1所示实验装置，探究室温下冰熔化时温度的变化规律。
（1）将冰打碎后放入烧杯，温度计插入碎冰中。图2中温度计示数为 ℃。
（2）由实验数据绘制成图3所示图像，可知，AB段该物质是 态，BC段 （选填“需要”或“不需”）吸热；由实验可知，冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）研究表明晶体的熔点与压强有关，压强越大，晶体的熔点越低，如图4，在温度较低的环境中，将拴有重物的细金属丝挂在冰块上，金属丝下方与冰接触处的压强 （选填“增大”或“减小”），从而使冰的熔点 （选填“升高”或“降低”）了，金属丝下方的冰块熔化，熔化而成的水又很快凝固，金属丝穿冰块而过且不留缝隙。
26．用天平和量筒测量某种饮料的密度。
（1）将天平放在水平台上，游码归零，发现指针指在分度盘的右侧，如图1所示，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节使天平平衡。
（2）如图2所示，测得烧杯和饮料的总质量为 g；向量筒中倒入部分饮料，如图3所示，量筒中饮料的体积为 mL；用天平测得烧杯和剩余饮料的总质量为40g，则饮料的密度为 kg/m3。
（3）只利用天平、两个完全相同的空烧杯和适量的水也能测量出饮料的密度，步骤如下：①调好天平，测出一个烧杯的质量m0：
②将一个烧杯装入适量的水，测出烧杯和水的总质量m1；
③另一个烧杯装同样高度的饮料，测出烧杯和饮料的总质量m2；
则烧杯内饮料的体积V= ，密度 （两空均用已知量的字母表示，ρ水已知）。
27．用图所示装置测量滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表：
实验次数 钩码重力Ｇ/Ｎ 钩码上升高度h/cm 拉力Ｆ/Ｎ 绳子自由端移动距离s/cm 机械效率η
1 2.0 5 1.0 15 66.7%
2 4.0 5 1.8 15 74.1%
3 4.0 10 1.8 30 74.1%
4 6.0 5 2.5 15
（1）实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做 运动。第1次实验时，钩码上升的时间为3s，此过程中，绳子自由端上升的速度为 m/s．
（2）第4次实验时所做的有用功为 J，滑轮组的机械效率是 %。
（3）分析1、2、4次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越 （选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；分析2、3次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度 （选填“有关”或“无关”）。
（4）用滑轮组提升重物时，下列选项中也可提高机械效率的是____。
A．换用更轻的动滑轮 B．加快提升物体的速度
28．利用图1所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）用笔画线代替导线，将图中所示的器材连接成完整电路。
（2）连接电路时开关应处于 （选填“断开”或“闭合”）状态，正确连接后，应将滑片P由最大电阻处缓慢向 端移动（选填“A”或“B”），使灯逐渐变亮。
（3）某次实验时，电流表的示数如图2所示，则通过灯L的电流为 A；移动滑片P，记下多组电压和电流值，绘制成图3所示的图像，根据图像的信息，小灯泡的额定电功率为 W。
（4）实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，电压表的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）在没有电流表的情况下，用如图4所示的实验电路，也可以测出小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为U额，定值电阻的阻值为R，实验步骤如下：
①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额；
②保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U；可知小灯泡的额定功率P额 （用U额、U和R表示）；若已知电源电压为U0，此时滑动变阻器接入电路的阻值Rx= （用U0、U额、U和R表示）。
五、综合题（本题共23分。解答部分请将必要的文字说明、公式和重要的演算步骤填写在答题卡上。）
29．图1为小明家的电压力锅，图2是它的铭牌，在锅内装入2.5kg初温为15℃的食材，加热至95℃，已知，问：
（1）电压力锅加热时，电流为 A，电阻为 Ω。
（2）此过程中，食材吸热 J；这些热量相当于完全燃烧 m3天然气放出的热量。
（3）若该压力锅的加热效率为80%，此加热过程需要多长时间？
30．“曹冲称象”是家喻户晓的典故，兴趣小组受此启发，找来一个上端开口的空透明圆筒，底部用细线系一块质量适当的铁块，然后将其静止放置在水中，如图1所示，此时圆筒浸入水中的深度为5cm，水面与圆筒A点相平。利用此装置标上刻度后放入水中，可以方便地测量出物体的质量。在圆筒内放上一个物体后，如图2所示，圆筒浸入水中的深度为10cm，水面与圆筒B点相平。已知圆筒底面积为10cm2，圆筒和铁块总重为0.6N，装置始终处于漂浮状态，圆筒始终竖直。则：
（1）图1中圆筒和铁块受到的总浮力是 N，它们浸入水中的总体积是 m3，铁块所受到的浮力为 N。
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是 Pa，受到水的压力为 N。
（3）为方便测量，圆筒A点应标上 kg刻度线。
（4）利用此装置测量时，圆筒B点的刻度线对应的质量应为多少？
31．变频空调的变频压缩机可以根据环境温度自动调整工作时间和功率。某变频空调电路原理示意图如图1所示，其中控制电路的电源电压U1=12V，Rs为调控电阻，可通过遥控调节其阻值大小，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的图像如图2所示，L为磁控开关，当热敏电阻Rt的阻值发生变化时，磁控开关线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的变频压缩机开始工作。电压U2=220V，R0为保护电阻，磁控开关L的线圈电阻不计。问：
（1）压缩机工作过程中内部的电动机主要把电能转化成 能；当S接通，电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片的前端为名 磁极。
（2）由图2可知，热敏电阻Rt的阻值随着温度t的升高而 ；若房间内部的温度为22.5℃，此时热敏电阻Rt的阻值为 Ω。
（3）用遥控将Rs的阻值调小时，设定温度变 ；家用空调最高设定温度通常为30℃，则调控电阻Rs的阻值不能超过 Ω。
（4）由于变频作用，某段时间内工作电路的总功率变化如图3所示，已知保护电阻R0=2Ω，则10min内R0消耗的电能是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】力的概念及单位
【解析】【解答】在国际单位制中，力的单位是牛顿，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
【分析】根据物理量的单位判断。
2．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】研学活动中，讲解员使用“小蜜蜂”扩音器主要是为了改变声音的大小，即改变声音的响度，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
3．【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】ACD.瑞雪飘飘，柳絮飞舞和稻浪起伏，都是眼睛可以看得见的运动，不是分子运动，故A、C、D不合题意；
B.花香袭人，其实是花香分子在空气中无规则运动，故B符合题意。
故选B。
【分析】分子很小，但凡是看得见的运动都是宏观物体的运动，肯定不是分子运动。
4．【答案】A
【知识点】质量及其特性；功率的概念；速度与物体运动
【解析】【解答】 A.成人步行速度约为1m/s，故A正确；
B.成年大象的质量约为1000kg，故B错误；
C.人正常心跳70次/min，因此心跳一次大约0.85s，故C错误；
D.书房台灯功率约为50W，故D错误。
故选A。
【分析】根据对速度、质量、时间和功率的认识判断。
5．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】A.天边彩虹，属于光的色散现象，故A不合题意；
B.海市蜃楼，属于光的折射现象，故B不合题意；
C.铅笔“折断”，属于光的折射现象，故C不合题意；
D.小孔成像，属于光的直线传播现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理即可。
6．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能；能源及其分类；大气压强的存在；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A.热传递和做功都能改变物体内能，故A错误；
B.注射器抽取药液，利用了大气压强的原理，故B错误；
C.戴耳塞是为了在人耳处减弱噪声，故C错误；
D.太阳能是清洁能源，应积极开发和利用，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据物体内能的改变方式判断；
（2）根据大气压强的知识判断；
（3）根据减弱噪声的途径和方法判断；
（4）根据对能源利用的知识判断。
7．【答案】B
【知识点】导体与绝缘体
【解析】【解答】木铲、玻璃杯和陶瓷盘，都是不容易导电的，属于绝缘体，故A、C、D不合题意；
铁锅容易导电，是导体，故B符合题意。
故选B。
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
8．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，无论单独闭合开关S1还是S2时，快递系统都会开启，即二者不相互影响，应该为并联，然后再与该装置串联，如下图所示：
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联，据此确定两个开关的串并联关系即可。
9．【答案】C
【知识点】控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】探究压力的作用效果与压力的关系时，保持受力面积不变。采用的方法是控制变量法，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】探究某个因素对物理量的影响时，需要控制其它因素相同，只改变这个因素，这种方法叫控制变量法。
10．【答案】C
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】A.将一根短的金属丝缓慢拉长，只是形状发生改变，因此质量保持不变，故A不合题意；
D.将一根短的金属丝缓慢拉长，种类不变，因此它的密度不变，故D不合题意；
B.金属丝的质量不变，密度不变，根据可知，它的体积不变，故B不合题意；
C.金属丝被拉长后，长度增大，横截面积减小，因此电阻变大了，故C符合题意。
故选C。
【分析】根据对质量、体积、电阻和密度的认识判断。
11．【答案】D
【知识点】电能表参数的理解
【解析】【解答】A.电能表是用来测用电器消耗电能多少的仪器，故A错误；
B.此时电能表的读数为6198.5kW·h，故B错误；
C.这个电能表允许通过的最大电流为10A，故C错误；
D.这个电能表应该在220V的电路中使用，故D正确。
故选D。
【分析】根据对电能表上铭牌数据的认识判断即可。
12．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A.不靠近高压带电体，不接触低压带电体，故A正确不合题意；
B.家用电器的开关接在火线上，这样可以保证断开开关后用电器不带电，故B正确不合题意；
C.用湿抹布擦拭通电的电器，可能由于灯泡漏电引发触电事故，故C错误符合题意；
D.更换灯泡前先断开电源开关，避免发生触电事故，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】根据安全用电的常识判断。
13．【答案】A
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据“磁铁在管中往复运动，线圈输出不断变化的电流”可知，“计步器”的工作原理为电磁感应现象。
A.发电机的工作原理为电磁感应现象，故A符合题意；
B.电动机的工作原理为通电导体在磁场中受力运动，故B不合题意；
C.电风扇的主要结构为电动机，工作原理为通电导体在磁场中受力运动，故C不合题意；
D.电水壶的工作原理为电流的热效应，故D不合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中包含的物理原理即可。
14．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】A.摩擦起电不是创造电荷，而是电荷转移的过程，故A错误；
B.静止放置的易拉罐具有惯性，故B错误；
C.水平静止放置的空易拉罐会向摩擦过的塑料管滚动，则塑料管与易拉罐之间相互吸引，故C错误；
D.易拉罐受到引力，且运动状态发生改变，故D正确。
故选D。
【分析】（1）根据摩擦起电的本质判断；
（2）一切物体都有惯性；
（3）根据运动方向确定力的性质；
（4）根据力的作用效果判断。
15．【答案】B
【知识点】串联电路的电流规律；欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【解答】A.根据图片可知，AB段与CD段串联，则通过二者的电流相等，故A错误；
BD.导体的电阻与横截面积成反比，则AB段电阻大于CD段电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，AB段产生的热量远远大于CD段产生的热量，即AB段先着火，故B正确，D错误；
C.AB段电阻大于CD段电阻，根据U=IR可知，AB段电压大于CD段电压，故C错误。
故选B。
【分析】（1）根据串联电路的电流特点判断；
（2）（4）首先根据导体的影响因素的知识判断电阻大小，再根据焦耳定律Q=I2Rt分析产生热量的大小；
（3）根据U=IR比较电压的大小。
16．【答案】B,C
【知识点】能量的转化或转移；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.指尖陀螺的重心在中间的转轴上，故A错误；
B.飞叶转动时遵循能量守恒定律，故B正确；
C.轴承内的滚珠，通过变滑动为滚动，有利于减小摩擦，故C正确；
D.指尖陀螺受到的重力和支持力，二者大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上，为一对平衡力，故D错误。
故选BC。
【分析】（1）形状规则，密度均匀物体的重心在物体的几何中心上；
（2）根据能量转化和守恒定律判断；
（3）根据减小摩擦的方法判断；
（4）相互作用力和平衡力的不同点：前者作用在两个物体上，后者作用在同一物体上。
17．【答案】C,D
【知识点】凸透镜成像的应用；远视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】A.缩图透镜相当于凸透镜，凸透镜可以用于矫正远视眼，故A错误；
B.镂空掩膜相当于物体， 硅片上成极小的清晰的像 ，物距应该位于缩图透镜的二倍焦距以外，故B错误；
C.镂空掩膜的像是倒立缩小的实像，故C正确；
D.硅片相当于光屏，故D正确。
故选CD。
【分析】根据凸透镜的成像规律和特点分析判断。
18．【答案】A,D
【知识点】安培定则；电磁铁的其他应用；电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A.根据图片可知，电磁铁线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则上端为电磁铁的N极，故A正确；
B.当CO浓度高于某一设定值时，电磁铁将衔铁吸下来，接通CD所在电路而报警，因此电铃应该在CD和之间，故B错误；
C.当CO浓度增大时，气敏电阻的阻值减小，通过电磁铁的电流变大，则电磁铁的磁场强度增大，故C错误；
D.电源用久后，U1变小，则通过电磁铁的电流会减小。要增大电流就减小电阻，即气敏电阻的阻值要减小，因此CO浓度会增大，故D正确。
故选AD。
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）根据CO浓度达到一定程度时衔铁的位置判断；
（3）电磁铁的磁场强度与电流大小和线圈匝数有关；
（4）电磁铁吸合时需要的电磁力不变，即通过电磁铁的电流大小不变，根据R总=R1+R2分析气敏电阻的阻值变化，最终确定CO浓度的变化即可。
19．【答案】；省力
【知识点】杠杆的分类；力臂的画法
【解析】【解答】①从杠杆的支点O作F力的作用线的垂线，从支点到垂足之间的距离为动力臂L1，如下图所示：
②根据图片可知，物体的重力相当于阻力，此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆。
【分析】①力臂是从杠杆支点到力的作用线的垂直距离；
②比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
20．【答案】1；2.40
【知识点】长度及其测量
【解析】【解答】根据图片可知，刻度尺上一个大格表示1cm，中间有10个小格，则分度值为：1cm÷10=0.1cm=1mm。则物体的长度为：4.40cm-2.00cm=2.40cm。
【分析】根据图片确定刻度尺上一个大格表示的长度，然后除以中间的小格数得到分度值，最后根据“测量值=准确值+估读值”读出所对的两个刻度值，最后相减即可。
21．【答案】虚；4
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】根据图片可知，水中的“白鹭”是白鹭发出的光在水面发生反射形成的平面镜成像，因此是虚像。根据平面镜成像“物像等距”可知，白鹭到水面的距离等于它的像到水面的距离，也就是2m，因此它到空中的白鹭的距离为：2m+2m=4m。
【分析】根据平面镜成像的特点分析解答。
22．【答案】小；小
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）旅行中，汽车在公路上快速行驶时，窗外的空气流速大，压强小，窗帘受到向外的力，飘向窗外。
（2）车行驶到高山上时，发现密封的零食包装袋鼓起了，这是因为高山上的大气压比山脚下的小。
【分析】（1）流体流速越大压强越小，根据流体压强和流速的关系解答；
（2）根据大气压强随高度的增大而减小的原理分析。
23．【答案】静止；增大；电磁波
【知识点】动能和势能的大小变化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】神舟十六号载人飞船由火箭运载加速升空时，以火箭为参照物，飞船的位置保持不变，因此飞船是静止的。飞船的质量不变，高度增大，则飞船重力势能增大。航天员在太空中是利用电磁波和地面通讯的。
【分析】根据参照物的知识解答。重力势能与质量和高度有关。根据电磁波的应用解答。
24．【答案】左；2；1
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用
【解析】【解答】（1）0~2s内，文具盒做匀速直线运动，此时它受到的摩擦力与推力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，那么摩擦力f=F=2N，且方向为水平向左。
（2）3~4s内文具盒受到推力3N，受到摩擦力2N，二者方向相反，则受到合力：3N-2N=1N。
【分析】（1）摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反。根据二力平衡的知识计算摩擦力的大小。
（2）同一直线上二力的合成，方向相同用加法，方向相反用减法。
25．【答案】（1）-3
（2）固；需要；晶体
（3）增大；降低
【知识点】温度及温度计的使用与读数；熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】（1）根据图2可知，温度计的分度值为1℃，液面在0℃以下，因此温度为-3℃。
（2）根据图3可知，BC段温度不变，说明该物质熔化时有熔点，应该为晶体。晶体熔化时吸热，但温度不变。AB段在BC段前，应该为固态。
（3）如图4，在温度较低的环境中，将拴有重物的细金属丝挂在冰块上，金属丝下方与冰接触处受力面积小而压强增大，从而使冰的熔点降低，金属丝下方的冰块熔化，熔化而成的水又很快凝固，金属丝穿冰块而过且不留缝隙。
【分析】（1）根据图2确定温度计的分度值，然后根据液面的位置读出示数；
（2）熔化前晶体为固态，熔化中为固液共存态，熔化后为液态。当晶体熔化时，不断吸热但温度不变。晶体和非晶体的不同点：有无熔点。
（3）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。根据晶体熔点和压强的关系分析。
26．【答案】（1）左
（2）71.2；30；1.04ⅹ103
（3）；
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）将天平放在水平台上，游码归零，发现指针指在分度盘的右侧，说明右盘重，左盘轻，则平衡螺母应该向左调节。
（2）根据图2可知，天平标尺的分度值为0.2g，则游码质量为1.2g，砝码质量为：50g+20g=70g，则烧杯和饮料的总质量为：70g+1.2g=71.2g。
根据图3可知，量筒的分度值为1mL，则饮料的体积为30mL=30cm3；
则量筒内饮料的质量：m=71.2g-40g=31.2g，
那么饮料的密度为：。
（3）烧杯内饮料的体积等于水的体积，即饮料体积为：；
则饮料的密度为：。
【分析】（1）平衡螺母总是向轻的那端调节；
（2）烧杯和饮料的总质量等于砝码和游码的质量之和。根据图3确定两图的分度值，然后根据液面位置读出饮料的体积。将烧杯和饮料的总质量相减得到量筒内饮料的质量，最后根据计算饮料的密度。
（3）同一烧杯装满水和装满饮料时，二者的体积都等于烧杯的容积，即二者的体积相等，利用密度公式计算水的体积，再根据密度公式计算饮料的密度即可。
27．【答案】（1）匀速；0.05
（2）0.3；80
（3）大；无关
（4）A
【知识点】滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】【解答】（1）实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做匀速直线运动。
第1次实验时，钩码上升的时间为3s，绳子自由端移动15cm，
则此过程中，绳子自由端上升的速度为。
（2）第4次实验时所做的有用功W有=Gh=6N×0.05m=0.3J；
总功为：W总=Fs=2.5N×0.15m=0.375J；
此时机械效率为：；
（3）根据表格1、2、4可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。
在实验2、3中，其它条件不变，而钩码上升的高度增大时，滑轮组的机械效率不变，这说明二者无关。
（4）根据公式可知，滑轮组的机械效率只与物体重力和动滑轮重力有关，与物体的速度大小无关，故选A。
【分析】（1）当弹簧测力计竖直向上做匀速直线运动时，弹簧测力计的示数等于绳子上的拉力。根据公式计算绳子自由端移动的速度。
（2）根据W有=Gh计算第4次实验时所做的有用功，根据W总=Fs计算第4次实验时的总功，最后根据计算此时的机械效率。
（3）根据实验1、2、4中机械效率随物体重力的变化规律解答。当钩码上升高度变化时，如果机械效率相应改变，那么二者有关；否则，二者无关。
（4）根据公式分析判断。
28．【答案】（1）
（2）断开；A
（3）0.2；0.625
（4）变大
（5）；
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】（1）在测量灯泡电功率的实验中，除了电压表与灯泡并联，其它的都是串联。因为灯泡的额定电压为2.5V<3V，所以电压表选择量程0~3V。根据图1可知，只需将电压表的“3”接线柱与灯泡右端相连即可，如下图所示：
（2）连接电路时开关应处于断开状态。正确连接后，变阻器的滑片应该在最右端，即在B端，此时应将滑片P由最大电阻处缓慢向A端移动。
（3）根据图2可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.2A。
根据图3可知，当灯泡电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，
则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
（4）实验时，由于操作失误，在未断开开关的情况下，直接将亮着的小灯泡从灯座上取出，此时电压表就串联在电路中。在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，则由于电压表的内阻极大，因此电压表的示数接近电源电压，也就是电压表的示数变大了。
（5）①只闭合开关S、S1，调节滑片，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光，且灯泡、R和变阻器串联；
保持滑片位置不变，只闭合开关S、S2，此时电压表的示数为U。即此时灯泡、R和变阻器依然串联，电压表测灯泡与R的总电压。
在串联电路中，各处电流都相等，即灯泡的额定电流；
那么灯泡的额定功率P额=U额I额=；
②此时滑动变阻器两端的电压为：Ux=U0-U；
则变阻器接入的阻值为：。
【分析】（1）根据电压表的使用方法分析解答；
（2）在连接电路时，为了防止时通时断烧毁用电器，要求开关必须断开。为了避免电流过大而烧毁用电器，变阻器的滑片要调到阻值最大的位置。
（3）根据图2确定电流表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数。根据图3确定灯泡的额定电流，然后根据P=UI计算灯泡的额定功率。
（4）根据电压表的内阻很大，结合串联电路的分压规律分析；
（5）①当灯泡与定值电阻串联时，通过二者的电流相等，因此灯泡正常发光时通过定值电阻的电流就是灯泡的额定电流，根据欧姆定律计算出它的额定电流，最后根据P=UI计算灯泡的额定功率即可。
②首先根据U总=U1+U2计算出变阻器两端的电压，再根据欧姆定律计算变阻器的阻值即可。
29．【答案】（1）5；44
（2）6.6ⅹ105；1.5ⅹ10-2
（3）
【知识点】热量的计算；燃料的热值；电功率的计算
【解析】【解答】（1）电压力锅加热时，电流为；
电饭锅的电阻：；
（2）此过程中食材吸收的热量：Q=cm△t=3.3×103J/(kg·℃)×2.5kg×（95℃-15℃）=6.6ⅹ105J；
相当于燃烧天然气的体积：。
【分析】（1）根据公式计算电饭锅加热时的电流，再根据计算加热时的阻值。
（2）根据Q=cm△t计算食材吸收的热量，再根据计算燃烧天然气的体积。
（3）首先根据计算加热过程消耗的电能，再根据计算加热时间。
30．【答案】（1）0.6；6ⅹ105；0.1
（2）1000；1
（3）0
（4）
对应的质量应为
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）圆筒和铁块处于漂浮状态，那么它们受到的总浮力等于总重力，即F浮=G=0.6N；
它们浸入水中的总体积：，
圆筒受到的浮力：F浮圆筒=ρ水gV排圆筒=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×5×10-6m3=0.5N，
铁块所受到的浮力为：F浮铁=F浮-F浮圆筒=0.6N-0.5N=0.1N；
（2）图2中圆筒底部受到水的压强是：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa，
受到水的压力为：F=pS=1000Pa×10×10-4m2=1N；
（3）此时圆筒中没有物体，为方便测量，圆筒A点应标上0kg刻度线；
【分析】（1）首先根据漂浮条件计算出圆筒和铁块受到的浮力，再根据阿基米德原理的变形式计算它们浸入水中的总体积；
首先根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算圆筒受到的浮力，再用二者受到的总浮力减去圆筒受到的浮力得到铁块受到的浮力。
（2）根据p=ρ水gh计算图2中圆筒底部受到水的压强，根据F=pS计算受到水的压力；
（3）根据此时圆筒中没有物体，即测量的质量为0分析解答；
（4）首先根据计算圆筒排开水的体积的变化量，再根据F浮圆筒=ρ水gV排圆筒计算图2中圆筒受到的浮力的变化量，进一步计算利用此装置测量时圆筒B点的刻度线对应的质量。
31．【答案】（1）机械；异
（2）变小；100
（3）低；10
（4）当 时，
当 时，
消耗的电能
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）压缩机工作过程中内部的电动机主要把电能转化成机械能。
当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，根据“异名磁极相互吸引”可知，弹片的前端为异名磁极。
（2）由图2可知，热敏电阻Rt的阻值随着温度t的升高而减小。若房间内部的温度为22.5℃，此时热敏电阻Rt的阻值为100Ω。
（3）①当磁性弹片吸合时控制电路部分的电流大小不变，即控制电路的总电阻不变。用遥控将Rs的阻值调小时，根据R总=R1+R2可知，此时热敏电阻的阻值增大，因此设定温度变低。
② 根据图2可知，当温度为30℃时热敏电阻的阻值为50Ω。
则此时总电阻为：；
则此时调控电阻的阻值为：Rs=R总-Rt=60Ω-50Ω=10Ω。
【分析】（1）各根据能量转化的知识解答。根据磁极之间的相互作用规律解答。
（2）根据图2分析热敏电阻的阻值随温度的变化规律。根据图2确定22.5℃时热敏电阻的阻值。
（3）①当磁性弹片吸合时控制电路部分的电流大小不变，即控制电路的总电阻不变。分析热敏电阻的阻值变化，最后根据图像确定设定温度的变化。
②首先根据图2确定30℃时热敏电阻的阻值，再根据计算控制电路的总电阻，最后根据Rs=R总-Rt计算调控电阻的阻值。
（4）根据图3确定10min内总功率的大小，然后根据分别计算出通过R0的电流，接下来根据焦耳定律Q=I2Rt分别计算出R0消耗的电能，最后将二者相加即可。
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