卷子答案网-一个不只有答案的网站2023年四川省成都市中考物理一诊试卷
一、单项选择题（每小题2分，共30分）
1．（2分）如图所示，有轨电车是城市交通现代化的标志，直流电动机是有轨电车的动力心脏，下列选项中能揭示直流电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
2．（2分）近年来，我国科技创新能力日益凸显，各种新技术、新能源、新材料、新装置等科技成果不断涌现。2017年，我国海域“可燃冰”（天然气水合物）首次开采成功；2020年，深海潜水器“奋斗者”号实现海底水声定位；2021年，我国成功发射“羲和号“探测卫星，该卫星围绕太阳运行并展开探测，至今已将大量图片信息传回地球；2022年，冬奥园区无人驾驶车辆实现基于北斗提供的厘米级高精度定位服务……关于上述科技成果，下列说法中正确的是（ ）
A．可燃冰属于可再生能源
B．“奋斗者”号的水声定位主要是利用声音传递能量实现的
C．“羲和号”卫星表面材料的隔热性能极差
D．北斗卫星与汽车导航系统之间通过电磁波来传播信号
3．（2分）2021年4月13日，日本政府召开阁僚会议，正式决定向太平洋排放福岛第一核电站的核废水。消息一出，引起有关各方强烈反响。关于此事件涉及的物理知识，下列说法中正确的是（ ）
A．因为海水有自净能力，所以核废水可以不经过处理随意排入大海
B．核电站是将核能直接转化为电能
C．核电站是利用可控的核裂变来工作的
D．原子核聚变和裂变能释放出惊人的能量，所以核能是可再生能源
4．（2分）2021年10月16月，搭载“神舟十三号”载人飞船的运载火箭精准点火，液氢燃料燃烧，火箭拔地而起。2022年3月23日，航天员在“天宫课堂”做了将水连接在两块玻璃板之间形成“水桥”、液体结晶使“冰球发热”等实验。2022年4月16日，“神舟十三号”载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱进入大气层时，与大气剧烈摩擦，发出耀眼的光。关于上述过程，下列判断中正确的是（ ）
A．“水桥”的形成是因为分子之间存在引力
B．选择液氢燃料是因为液氢的比热容大
C．液体结晶的球发热是因为液体结晶过程中内能增加
D．返回舱进入大气层时发出耀眼的光是因为热传递改变了返回舱的内能
5．（2分）谚语是劳动人民智慧的结晶，下列分析正确的是（ ）
A．“十月打了霜，来年粮满仓”，如图甲，霜的形成是凝华现象，需要吸热
B．“大雾不过晌，过晌听雨响”，如图乙，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“草上露水凝，天气一定晴”，如图丙，露的形成是液化现象，需要放热
D．“大雪河封住，冬至不行船”，如图丁，冰的形成是凝固现象，需要吸热
6．（2分）2022年6月5日，中国载人航天飞船神舟十四号发射成功。如图所示，飞船船身在空中加速上升时的能量转化情况是（ ）
A．燃料燃烧产生的内能转化为飞船船身的机械能
B．飞船船身的重力势能转化为动能，重力势能减小
C．飞船船身的动能转化为重力势能，动能减小
D．没有发生能量的转化，飞船船身的机械能不变
7．（2分）小芳同学对图声现象进行分析，其中错误的是（ ）
A．击打纸筒一端让其发声看到火焰晃动，说明声音具有能量
B．拨动琴弦，优美的琴声来自于琴弦的振动
C．用大小不同的力敲击杯子，声音的音调不同
D．利用超声波可以测量海水的深度
8．（2分）下列物理量最接近实际的是（ ）
A．人体的正常体温约40℃
B．一瓶矿泉水的质量约50g
C．电饭锅加热时的电流约0.02A
D．1节新干电池的电压是1.5V
9．（2分）在如图所示的斜面上测量小车运动的平均速度，让小车从斜面的A点由静止开始下滑，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可测出不同阶段的平均速度。对上述实验的数据处理正确的是（ ）
A．图中AB段的路程sAB＝45.0cm
B．如果测得AC段的时间tAC＝2.5s，则AC段的平均速度vAC＝32.0cm/s
C．在测量小车到达B的时间时，如果小车过了B点才停止计时，测得AB段的平均速度vAB会偏大
D．为了测量小车在BC段的平均速度vBC，可以将小车从B点静止释放
10．（2分）如图所示，2022年5月15日，我国自主研发的极目一号Ⅲ型浮空艇，从青藏高原海拔4270m的中科院珠峰站附近升空，顺利升至9032m，超过珠峰高度，创造了浮空艇大气科学观测世界纪录。该浮空艇通过一条缆绳与地面的锚泊设备连接，利用所受的浮力和缆绳的拉力控制可实现升空和驻空。忽略浮空艇体积和重力常数的变化，在其匀速直线上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．浮空艇所受浮力逐渐变大
B．浮空艇受非平衡力的作用
C．浮空艇周围的大气压逐渐变小
D．浮空艇自身的重力逐渐变大
11．（2分）2022年2月6日，中国女足凭着“不畏强敌，顽强拼搏”的精神在女足2022亚洲杯决赛中逆转韩国队，再次获得亚洲杯冠军。足球运动蕴含着许多物理知识，下列分析正确的是（ ）
A．踢球时脚对球有力的作用，球对脚没有力的作用
B．用头顶足球时感到疼，说明物体间力的作用是相互的
C．足球鞋底有凹凸不平的花纹，是为了减小摩擦
D．踢出去的足球继续运动，是由于受到惯性的作用
12．（2分）“安全用电，人人有责”是人们生活中必备的安全意识。下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．在高压线下钓鱼
B．使用试电笔检验插座的火线
C．照明电路的安装方式
D．同时使用多个大功率用电器
13．（2分）2020年11月10日，中国载人潜水器“奋斗者”号在西太平洋马里亚纳海沟成功坐底，创造了中国载人深潜的新纪录，标志着我国的深潜事业又迈上了一个崭新的台阶。如图所示，假设海水的密度不变，在“奋斗者”号潜水器下潜过程中，下列分析合理的（ ）
A．潜水器表面使用一般的钢铁材料就可以实现深潜
B．潜水器在下潜的过程中只受到海水对它向下的压力
C．潜水器在下潜的过程中没有受到海水对它的浮力
D．潜水器所受海水对它的压强随深度的增大而增大
14．（2分）如图所示的电路中，若闭合开关S1、S2，小灯泡均能正常发光，电流表和电压表均有示数，下列对电路分析正确的是（ ）
A．电压表只能测量灯L2两端电压
B．若闭合S1、S2，电流表测量干路电流
C．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变
D．若先闭合S1，再闭合S2，电流表示数不变
15．（2分）在“测量金属块密度”的实验中，已知金属块质量均匀分布且不渗水，量筒内已装有60mL的水。把天平放在水平桌面上，游码移至标尺零刻度线时，指针在分度盘上的位置如图甲所示；调节好天平后，测量金属块质量，天平恢复平衡时砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示；测量金属块体积时量筒示数如图丙所示。下列操作或说法中正确的是（ ）
A．如图甲所示，要使横梁平衡，应将天平平衡螺母向左调节
B．如图乙所示，当横梁恢复平衡时，金属块的质量为54.4g
C．利用密度公式计算可知，金属块的密度是2.70×103kg/m3
D．将金属块截去一半，剩余金属块与原金属块相比，质量、体积和密度都减半
二、填空题（每空2分，共36分）
16．（4分）用冰取火，似乎不可思议。但这绝非讹传，据晋代张华的《博物志》记载，我国古代就把冰块制成透镜，利用透镜对光的 作用将物体点燃，如图所示。用这类透镜制作的眼镜片，可以用来矫正 眼。
17．（4分）如图所示是做“观察水沸腾”实验时的现象，通过现象可以判定水 （选填“正在”或“没有”）沸腾；杯口冒出“白气”，这是水蒸气 （填物态变化名称）形成的。
18．（4分）同一木块分别在木板、棉布表面上做匀速直线运动的情况如图所示，比较甲、乙两图可得：滑动摩擦力大小与 有关，比较甲、丙两图可得：滑动摩擦力大小与 有关。
19．（4分）“天宫课堂”点燃科学梦想。如图所示，航天员在空间站演示摆球实验：拨动摆球后，摆球绕固定点持续转动，其运动状态 （选填“不变”或“改变”）。在此过程中，摆球 （选填“具有”或“不具有”）惯性。
20．（4分）如图是小军设计的短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关S1、S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁的磁性 （填“增强”或“减弱”），抢跑指示灯 （填“L1”或“L2”）亮，判定运动员抢跑。
21．（4分）科技小组的同学在做用伏安法测量小灯泡电阻的实验后，根据实验得到的数据绘制了如图所示的函数图像，分析图像：随着电流的增大，灯丝的电阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”），这是因为灯丝的电阻受 影响。
22．（4分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯L1标有“3V 1.2W”、灯L2标有“3V 0.9W”字样。先只闭合开关S1，灯L1正常发光；再闭合开关S2，电压表示数 （选填“变大”“变小”或“不变”），电流表应选择 （选填“0～0.6A”或“0～3A”）的量程。
23．（4分）图﹣1是小强“探究通过导体的电流与电阻关系”的实验电路（电源电压保持不变），图﹣2是他依据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象由图象可知R两端电压为 V；当R的电阻从10Ω更换为15Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片P应向 （选填“a”或“b）端滑动。
24．（4分）有一种电热水壶有“烧水”和“保温”两个挡，如图所示是其内部简化电路图，已知R0＝44Ω，R1＝1056Ω，当S接1时，电热水壶处于 （选填“烧水”和“保温”）挡，当S接2时，通电2min该电热水壶产生的热量是 J。
三、作图与计算（共16分）
25．（2分）如图中已标出了反射光线OB，请画出对应的入射光线AO和折射光线的大致方向OC。
26．（2分）如图是一个杠杆式简易起吊机，它上面装了一个定滑轮可以改变拉绳的方向，杠杆OBA可绕O点转动。请在图上画出杠杆OBA的动力臂L和物体M所受重力的示意图。
27．（6分）课间，小冰为班级换矿泉水，他把刚抬回来的满桶矿泉水立放到水平地面上。若桶与水的总质量为16kg，桶与地面的接触面积为100cm2。（g取10N/kg）求：
（1）立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强是多少？
（2）小冰将这桶矿泉水匀速抬到高为0.8m的课桌上，他对这桶水做的功是多少？
28．（6分）如图所示电路，已知电源电压恒定，小灯泡L1的额定电压为2.4V，L2的额定电压为6V．当只闭合开关S1、S3时电压表V1的示数为4.8V，L1的实际功率为其额定功率的；当只闭合开关S2、S3时电压表V2的示数为3V；当只闭合开关S1、S4时，电流表的示数为0.6A．若不考虑灯泡电阻随温度的变化，求：
（1）电源电压
（2）小灯泡L2的额定功率。
四、实验探究（每空2分，共18分）
29．（6分）如图甲所示的串联电路中，闭合开关S时，小桂发现灯泡L1比L2更亮，他猜想可能有以下原因：
猜想一：经过L1的电流比L2大。
猜想二：L1更加靠近电源正极。
为验证猜想，他做了以下探究。
（1）为了验证猜想一，小桂用电流表分别测出图甲A、B、C三处的电流，电流表示数均如图乙所示，为 A，说明猜想一错误。
（2）为了验证猜想二，小桂对调两个小灯泡在电路中的位置，操作时开关应该处于断开状态，最后发现仍是L1比L2更亮，说明猜想二 ；
（3）开关闭合状态下，小桂不小心将一根导线把B、C连接，发现L2熄灭、L1比之前更亮，由此进一步猜想：同一灯泡的亮度可能跟 有关。
30．（6分）如图所示是小芳同学探究“阿基米德原理”的实验，其中桶A为圆柱形。
（1）正确的操作顺序是 。
A．乙丙甲丁
B．乙甲丙丁
C．甲丁乙丙
D．乙丙丁甲
（2）将空桶A轻放入盛满水的溢水杯中，用桶B接住溢出的水，如图丙所示，则空桶A受到的浮力为 N；测出桶B和溢出水的总重力，如图丁所示，则桶A排开水的重力 桶A受到的浮力。
31．（6分）在探究“杠杆的平衡条件”的实验中：
（1）没有挂钩码时，杠杆静止时的状态如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向 移动；
（2）杠杆在水平位置平衡后，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡。然后改变动力和动力臂，相应调节阻力和阻力臂，再做几次实验。再做几次实验的目的是 （填序号）；
A.多次测量求平均值，减小误差
B.寻找规律的普遍性
（3）当货车所载货物重心太靠后时，货车会翘起来，如图乙所示，这样容易造成交通安全事故。若以后轮为支点，货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，是因为FL1 GL2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
五、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
32．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
B．机械效率、热机效率本质都是能量转化效率
C．5G手机与4G手机发射的电磁波在同一区域内传播的速度不同
D．目前核电站是利用核聚变发电的，核废料的放射性会造成环境污染
33．（2分）“大漠孤烟直，长河落日圆”，图是小李在旅途中拍摄的长河落日的美丽景象，关于水中的“落日”，下列说法正确的是（ ）
A．水中“落日”与天空中的太阳一样亮，也是光源
B．河水中水有多深，水中“落日”离水面就有多深
C．水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等
D．水中“落日”能用照相机拍摄，所以是实像
34．（2分）小郭同学想要比较固体甲与水的吸热本领，于是选用了两套完全相同的酒精灯给质量同为200g的固体甲和水加热，共加热20min，它们的温度随时间的变化关系如图所示。已知酒精的热值q＝3.0×107J/kg，加热时，酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg ℃）。则下列说法正确的是（ ）
A．甲从第10min开始温度不变，内能不变
B．整个加热过程，甲吸收的热量为5.04×104J
C．酒精灯的加热效率为28%
D．固体甲与水的比热容之比为2：1
（多选）35．（2分）如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体，绳子自由端所用的拉力为100N，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，g取10N/kg。则（ ）
A．拉力的功率为50 W
B．滑轮组中动滑轮重30 N
C．该滑轮组的机械效率为90%
D．甲图中A点所受拉力为330N
（多选）36．（2分）（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表的量程为0～15V。电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为24V
B．R1的阻值为5Ω
C．为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为4～30Ω
D．开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
37．（5分）直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示。它能够将电网中的交流电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池（以下简称电池）。通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。
设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D。充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的D的变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能，假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的储能。充电前，D为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0。开始充电后，P与D的关系如图乙所示（为方便计算，图像已作近似处理），充满后，立即停止充电。当D达到70%时充电桩显示屏的部分即时信息如表。
充电电压（V） 充电电流（A） 充电时长（min） 充电读数（kW h） 充电费用（元）
400 45 24.0 28.80
（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更 ；
（2）当D为70%时，充电电流为 A；
（3）若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为 元；
（4）设D从70%增至80%所需时间为t1，从80%增至90%所需时间为t2，且t1：t2＝2：3，则测试全过程的充电总时长为 min。
38．（5分）如图所示，将底面积为100cm2的圆柱体放在水平桌面上。当把底面积为80cm2、质量为200g的柱形物体A放在圆柱体的正上方时，圆柱体对桌面压强的变化量为Δp1。桌面上还有一个底面积为200cm2、高12cm，内装有某液体的圆柱形容器（容器壁厚和质量均忽略不计），容器中液体深为10cm。当用外力将物体A刚好浸没在液体中时，液体对容器底部压强的变化量为Δp2。已知Δp1：Δp2＝5：4，物体A的密度为0.5×103kg/m3（g取10N/kg，忽略物体吸附液体等次要因素）。求：
（1）物体A的高度；
（2）容器中液体的密度；
（3）若在物体A上放一体积为1×10﹣4m3重物，使得物体A和重物刚好浸没在液体中且保持静止（物体A没有接触到容器底部），求此时桌面受到容器的压强。
2023年四川省成都市中考物理一诊试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共30分）
1．【解答】解：A、通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的，故A符合题意；
B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机是利用该原理来工作的，故B不符合题意；
C、该图说明电磁铁的强弱与电流的大小有关，故C不符合题意；
D、该图说明通电导体的周围存在磁场，故D不符合题意。
故选：A。
2．【解答】解：A、可燃冰属于化石能源，是在开发利用后就不会在短时间内再次从自然界产生的能源，属于不可再生能源，故A错误；
B、水声定位主要是利用声音传递信息实现的，故B错误；
C、“羲和号”卫星表面材料的隔热性能极佳，故C错误；
D、北斗卫星与汽车导航系统之间通过电磁波来传播信号，故D正确。
故选：D。
3．【解答】解：A、核能发电的主要燃料是铀，铀具有极强的放射性，使用过的核废水对海洋环境有严重的污染，核废水不可以不经过处理随意排入大海，故A错误；
B、核电站工作时的能量转化是：将核能转化为内能，内能转化为机械能，机械能最后转化为电能，故B错误；
C、核反应堆是利用原子核发生裂变释放能量来工作的，核反应堆中发生的是可控链式反应，故C正确；
D、核能消耗后短期内无法从自然界获得补充，核能属于不可再生能源，故D错误。
故选：C。
4．【解答】解：A、水桥的形成是因为水分子之间有引力，故A正确；
B、选择液氢做燃料，是因为液氢的热值大，故B错误；
C、液体结晶是凝固过程，凝固放热、内能减少，故C错误；
D、返回舱进入大气层时，宇宙飞船与空气摩擦，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变返回舱的内能，故D错误。
故选：A。
5．【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成固态的小冰晶，凝华过程需要放热，故A错误；
BC、雾和露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小液滴，液化过程需要放热，故B错误，C正确；
D、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：飞船在空中加速上升时，飞船的质量不变，速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，所以该过程不是重力势能和动能的转化；机械能为动能和势能的和，所以机械能增大；
飞船加速上升，是燃料的燃烧产生的内能转化为飞船的机械能；
综上分析，A正确，BCD错误。
故选：A。
7．【解答】解：
A、打击纸桶一端，让其发声，看到火焰晃动，说明声音具有能量，该选项说法正确，不符合题意；
B、声音是由物体的振动产生的，小提琴的声音来自于琴弦的振动，该选项说法正确，不符合题意；
C、用大小相同的力敲打杯子，声音的响度相同，该选项说法不正确，符合题意；
D、利用超声波的反射可以测量海水的深度，该选项说法正确，不符合题意。
故选：C。
8．【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A不符合实际；
B、一瓶矿泉水的质量约500g，故B不符合实际；
C、家用电饭锅的额定功率约为880W，额定电流约为I＝＝＝4A，故C不符合实际；
D、1节新干电池的电压是1.5V，故D符合实际。
故选：D。
9．【解答】解：A、由图知，图中AB段的路程sAB＝80.0cm﹣40.0cm＝40.0cm，故A错误；
B、已知测得AC段的时间tAC＝2.5s，由图可知sAC＝80.0cm，
则AC段的平均速度：vAC＝＝＝32.0cm/s；故B正确；
C、如果让小车过了B点才停止计时，会导致时间的测量结果偏大，由v＝知，测得AB段的平均速度vAB会偏小；故C错误；
D、如果将小车从B点静止释放，则所测时间不是运动过程中下半程的时间，小车通过AC段的时间与AB段的时间之差才是下半程BC段的时间，因此测量小车在BC段的平均速度vBC，不可以将小车从B点静止释放。故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：A、海拔越高，空气的密度越小，浮空艇排开空气的体积不变，根据F浮＝ρ空气gV排可知浮空艇上升过程中受到的浮力越来越小，故A错误；
B、浮空艇在匀速直线上升过程中，处于平衡状态，受到平衡力的作用，故B错误；
C、海拔越高、气压越低，浮空艇上升过程中周围的大气压越来越小，故C正确；
D、浮空艇自身的重力不变，故D错误。
故选：C。
11．【解答】解：A、物体间力的作用是相互的，踢球时脚对球有力的作用，球对脚也有力的作用，故A错误；
B、头顶足球，头给足球一个力，物体间力的作用是相互的，足球给头一个力，所以头感到疼，故B正确；
C、足球鞋底有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；
D、踢出去的足球继续运动，是由于足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：B。
12．【解答】解：A、因为高压线上是高压，所以在下面钓鱼时可能会发生高压电弧触电或跨步电压触电，故A做法错误；
B、使用试电笔辨别零线、火线时，手需接触笔尾金属体，故B做法正确；
C、连接家庭电路时，控制用电器的开关需接在火线上，故C做法错误；
D、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，故D做法错误。
故选：B。
13．【解答】解：AD、根据液体压强特点可知，潜水器所受海水对它的压强随深度的增大而增大，所以潜水器表面使用一般的钢铁材料不能实现深潜，故A错误、D正确。
BC、潜水器在下潜的过程中受到海水对它向下的压力、向上的压力，向下的压力小于向上，这个压力差就是浮力，故BC错误。
故选：D。
14．【解答】解：
AB、闭合S1、S2，该电路为并联电路；开关S1接在干路中，控制整个电路；电流表测量的是通过灯泡L1的电流；由于并联电路中各支路两端的电压都等于电源电压，所以电压表即能测量灯L2两端电压，又能测量灯L1两端电压和电源电压，故AB错误；
CD、若先闭合S1，该电路为L1的简单电路，电流表测量通过L1的电流，由于S2断开，电压表未接入电路中，示数为0；再闭合S2，该电路为并联电路，电流表测量通过L1的电流，根据并联电路互不影响可知，电流表示数不变；此时电压表测量电源电压，电压表的示数变大，故C错误，D正确。
故选：D。
15．【解答】解：A、图甲中指针偏左，应将平衡螺母向右调节，使横梁平衡；故A错误；
B、图乙中，金属块的质量为m＝50g+4g＝54g；故B错误；
C、图丙中，量筒的示数为80mL，则金属块的体积为V＝80mL﹣60mL＝20mL＝20cm3，则金属块的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.70×103kg/m3；故C正确；
D、将金属块截去一半，则质量会变为原来的，体积也会变为原来的；但是物质的种类没有发生变化，因此密度保持不变；故D错误。
故选：C。
二、填空题（每空2分，共36分）
16．【解答】解：我国古代就把冰块制成透镜，利用透镜对光的会聚作用将物体点燃；
远处物体通过人眼所成的像成在视网膜的后方，为远视眼；为了使像成在视网膜上，需要佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜。
故答案为：会聚；远视。
17．【解答】解：由图知，
烧杯的水中有大量气泡冒出，是水正在沸腾；
烧杯中的是沸腾成为水蒸气向上运动，烧杯上方空气温度较低，这些水蒸气遇冷液化产生小水滴，形成“白气”。
故答案为：正在；液化。
18．【解答】解：甲、乙两图中，接触面的粗糙程度相现，压力大小不同，比较甲、丙两图可得：滑动摩擦力大小与压力大小有关；
甲、丙两图中，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，比较甲、丙两图可得：滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关。
故答案为：压力大小；接触面的粗糙程度。
19．【解答】解：（1）物体保持静止或做匀速直线运动时，速度和运动方向均不改变，即运动状态不变，由此可知摆球绕固定点转动时，其运动方向不断改变，它的运动状态不断改变；
（2）惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都具有惯性，因此，绕固定点持续转动的摆球具有惯性。
故答案为：改变；具有。
20．【解答】解：
由图知，工作人员闭合开关S1、S2，左侧电路接通，但压敏电阻阻值较大，根据欧姆定律可知电路中电流很小，电磁铁的磁性很弱，不会将衔铁吸下来，右侧电路发令指示灯L1接通，运动员抢跑后，压敏电阻阻值变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，则通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性变强，将上方的衔铁吸下，此时，发令指示灯L1熄灭，抢跑指示灯L2接通，故L2亮，可判定运动员抢跑。
故答案为：增强；L2。
21．【解答】解：由U﹣I图象可知，灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，但灯泡两端的电压增加比通过灯泡的电流增加的更快，由欧姆定律可知，小灯泡的电阻随电流增大而变大；
由P＝UI可知，电压和电流都增大时，电功率增大，温度升高，说明小灯泡的电阻随温度的升高而变大；
故答案为：变大；温度。
22．【解答】解：由灯泡规格可知两灯泡的额定电压都为3V，由图知先只闭合开关S1，灯L1正常发光，电路是灯泡L1的基本电路，灯泡正常发光则电源电压等于灯泡L1的额定电压3V，再闭合开关S2，两只灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测灯泡L1两端的电压，并联电路各支路两端电压相等，所以灯泡两端的电压仍为电源电压3V不变，此时两灯泡两端的电压都为额定电压，则通过灯泡L1的电流：I1＝＝＝0.4A，
通过灯泡L2的电流：I2＝＝＝0.3A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和：此时通过干路的电流：I＝I1+I2＝0.4A+0.3A＝0.7A，所以电流表选择0～3A的量程接入电路。
故答案为：不变；0～3A。
23．【解答】解：（1）探究通过导体的电流与电阻关系时，应控制电阻两端的电压不变，
由图2可知，当电路电流I＝0.6A时，对应的电阻值R＝5Ω，
由I＝可得，电阻两端的电压：UR＝IR＝0.6A×5Ω＝3V；
（2）当R的电阻由10Ω更换为15Ω时，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，
由U＝IR可知，滑片不动时，变阻器两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻R两端的电压变大，
根据实验目的和要求可知，应使电阻R两端的电压减小为原来的电压值，
所以应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻，故滑片向b端移动。
故答案为：3；b。
24．【解答】解：（1）由电路图可知，当开关S置于“1”挡时，两电阻串联，电路电阻最大，电源电压一定，由P＝可知，电饭锅电功率最小，处于保温状态；
（2）当开关S置于“2”挡时，R1被短路，只有R0接入电路，电路电阻最小，电饭锅电功率最大，处于加热状态，
此时电路中电流：
I＝＝＝5A；
通电1min电路产生的热量：
Q＝I2R0t＝（5A）2×44Ω×2×60s＝1.32×105J。
故答案为：保温；1.32×105。
三、作图与计算（共16分）
25．【解答】解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中画出入射光线OA，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中法线的右侧画出折射光线OC，如图所示：
26．【解答】解：
（1）从支点向动力作用线引垂线，作出动力臂，用双箭头标出，标上字母L；如图所示：
（2）过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，即为物体的重力示意图：
27．【解答】解：（1）桶与水的总重力为：G＝mg＝16kg×10N/kg＝160N，
立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强为：p＝＝＝1.6×104Pa；
（2）因为将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，则对这桶水做的功为：
W＝Gh＝160N×0.8m＝128J。
答：（1）立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强是1.6×104Pa；
（2）小冰将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，对这桶水做的功是128J。
28．【解答】解：（1）当闭合开关S、S1，断开S2时，L1与电阻R串联，电压表V1测量电阻R两端的电压，
L1的实际功率为其额定功率的；根据P＝可知：
L1两端的实际电压U1＝U额1＝×2.4V＝1.2V，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
U＝U1+UR1＝1.2V+4.8V＝6V；
（2）当闭合开关S、S1，断开S2时，L1与电阻R串联，
由于U1＝1.2V，UR1＝4.8V，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律可得：
R1＝4R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当只闭合开关S2、S3时，L2与电阻R串联，电压表V2测量灯泡L2两端的电压，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
UR2＝U﹣U2＝6V﹣3V＝3V；
由于U2＝3V，UR2＝3V，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律可得：
R2＝R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
当只闭合开关S1、S4时，L1和L2串联，
根据I＝可知：
总电阻R＝＝＝10Ω
即：R1+R2＝10Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
联立①②③式可得：R1＝2Ω，R2＝8Ω，
所以，L2的额定功率P额2＝＝＝4.5W。
答：（1）电源电压为6V；
（2）L2的额定功率为4.5W。
四、实验探究（每空2分，共18分）
29．【解答】解：（1）电流表示数均如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，为0.2A，说明猜想一错误。
（2）为了验证猜想二，小桂对调两个小灯泡在电路中的位置，为保护电路，操作时开关应该处于断开状态。最后发现仍是L1比L2更亮，说明灯的亮度与灯是否靠近电源正极无关，说明猜想二错误。
（3）开关闭合状态下，小桂不小心将一根导线把B、C连接，L2短路，L2熄灭，此时电路为L1的简单电路，此时L1的电压为电源电压（由串联电路电压的规律，原来L1的电压小于电源电压），发现L1比之前更亮，由此进一步猜想：灯泡的亮度可能跟电压有关。
故答案为：（1）0.2；（2）错误；（3）电压。
30．【解答】解：
（1）要探究阿基米德原理，即要探究F浮和G排的关系，根据图示可知，该实验中是用漂浮条件测出小桶A受到的浮力，即F浮＝GA，需要测小桶A的重力；而测排开水的重力时，根据G排＝G总﹣G桶B，需要测出小桶B的重力、小桶B与溢出水的总重力，则为了减小误差，应先测G桶B再测G总；
考虑到实验操作的方便性，应先测小桶B的重力，并把它放在溢水杯的正下方，再测小桶A的重力，测完之后再将小桶A放入溢水杯中处于漂浮状态，最后测小桶B与溢出水的总重力，所以合理的顺序为乙甲丙丁，故选B；
（2） 由图甲知，空桶A的重力为2N，图丙中空桶A在溢水杯中处于漂浮状态，则空桶A受到的浮力：F浮＝GA＝2N；
由图乙知，空桶B的重力为1.6N，图丁中桶B和溢出水的总重力为3.6N，
桶A排开水的重力：G排＝G总﹣G桶B＝3.6N﹣1.6N＝2N，
所以比较可知F浮＝G排，即桶A排开水的重力等于桶A受到的浮力；
故答案为：（1）B；（2）2；等于。
31．【解答】解：（1）要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的右端移动；
（2）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，故选：B；
（3）货物对货车压力F的力臂用L1表示，货车重力G的力臂用L2表示，货车之所以会翘起来，说明FL1＞GL2。
故答案为：（1）右；（2）B；（3）＞。
五、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
32．【解答】解：A．热量总是从温度高的物体转移到温度低的物体，内能大的物体温度不一定高，故A错误；
B．根据机械效率的公式，η＝，可求得机械效率；能量转化效率是总功转化为有用功的百分比，机械效率、热机效率本质都是能量转化效率，故B正确；
C．5G手机与4G手机发射的电磁波在同一区域内传播的速度是相同的，故C错误；
D．核电站是将核裂变产生的核能转化为内能，再通过汽轮发电机转化为电能，核废料的放射性会造成环境污染，需要特殊处理，故D错误。
故选：B。
33．【解答】解：AD、水中“落日”属于平面镜成像，是太阳在水中成的虚像，自身不能发光，所以不是光源，故AD错误。
B、根据平面镜成像特点可知，水中的“落日”到水面的距离等于“落日”到水面的距离，与水的深度无关，故B错误。
C、根据平面镜成像特点可知，像与物体关于平面镜对称，则水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等，故C正确。
故选：C。
34．【解答】解：A、甲从第10min开始，虽然温度不变，但是吸收热量、内能增加，故A错误；
B、由图象可知，前20min水的温度从0℃上升到60℃，
水在20min内吸收的热量：
Q水吸＝c水m水Δt水＝4.2×103J/（kg ℃）×0.2kg×（60℃﹣0℃）＝5.04×104J，
因为完全相同的酒精灯在相同时间内放出的热量相同，
所以在整个过程中，甲和水吸收的热量相同，都为5.04×104J，故B正确；
C、因为酒精灯平均每分钟消耗0.28g酒精，
所以10min消耗的酒精质量m酒精＝10×0.28g＝2.8g＝2.8×10﹣3kg，
完全燃烧时放出的热量为：
Q放＝mq＝2.8×10﹣3kg×3.0×107J/kg＝8.4×104J，
酒精灯的加热效率：
η＝×100%＝×100%＝30%，故C错误；
D、由图象可知，甲前10min内升高的温度为60℃，
水在20min内升高的温度为60℃，即升高相同的温度，
水的加热时间为甲加热时间的2倍，所以水吸收的热量为甲吸收热量的2倍，
即Q水′＝2Q甲，
所以c水mΔt＝2c甲mΔt，则＝，故D错误。
故选：B。
35．【解答】解：由滑轮组的特点可知，滑轮组可以省力，但费距离，所以图乙中上面的倾斜直线是绳子自由端的s﹣t图像，而下面的倾斜直线是物体的s﹣t图像；
由图乙可知，t＝4s时，绳子自由端移动的距离s＝6m，物体上升的高度h＝2m，
由s＝nh可知，承担动滑轮绳子的股数：n＝＝＝3；
A、t＝4s时，拉力做的总功：W总＝Fs＝100N×6m＝600J，
拉力做功的功率：P＝＝＝150W，故A错误；
B、物体的重力：G＝mg＝27kg×10N/kg＝270N，
因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×100N﹣270N＝30N，故B正确；
C、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝90%，故C正确；
D、因为两个滑轮相同，所以定滑轮的重力：G定＝G动＝30N，
由力的平衡条件可知，甲图中A点所受拉力：FA＝2F+G定＝2×100N+30N＝230N，故D错误。
故选：BC。
36．【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压：
（1）由图乙可知，当R2＝10Ω时U1＝12V，当R2′＝20Ω时U1′＝8V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流分别为：
I＝＝，同理，I′＝，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，
所以，电源的电压：
U＝I（R1+R2）＝I′（R1+R2′），即（R1+10Ω）＝（R1+20Ω），
解得：R1＝10Ω，故B错误；
电源的电压：
U＝I（R1+R2）＝×（10Ω+10Ω）＝24V，故A正确；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，由电阻的串联规律，
则P小＝＝＝14.4W，故D正确；
（3）当电压表的示数U1″＝15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时电路中的电流：
I大＝＝＝1.5A，
此时滑动变阻器两端的电压：
U2小＝U﹣U1″＝24V﹣15V＝9V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2小＝＝＝6Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω～30Ω，故C错误；
故选：AD。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
37．【解答】解：（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，由P＝UI可知，充电功率更大；
（2）当D达到70%时，充电功率为40kW＝40000W，
由表中数据知，D达到70%时，充电电压为400V，
由P＝UI可知，此时的充电电流：
I＝＝＝100A；
（3）由表中数据知，D达到70%时，即充入充满状态储能的40%时，充电度数为24.0kW h，充电费用28.80元，
电费单价为：＝1.20元/kW h，
则充满电还需充入30%，需消耗的电能为：W′＝＝18kW h，
测试全过程的充电费用为（24+18）kW h×1.20元/kW h＝50.4元；
（4）由题意可知，充满电时储存的电能为：W＝＝60kW h，
由图乙知，D从80%至90%时，即D增加10%，消耗电能W2＝10%×W＝10%×60kW h＝6kW h，
此过程中充电功率P2＝15kW保持不变，
由W＝Pt可得，此时充电的时间t2＝＝＝0.4h＝24min，
D从90%至100%的过程中，充电功率不变，充电时间也为24min，
由题知，t1：t2＝2：3，
所以D从70%增至80%所需时间：t1＝t2＝×24min＝16min，
由表中数据知，D从30%增至70%的过程中充电时长45min，
所以测试全过程的充电总时长t＝45min+16min+24min+24min＝109min。
故答案为：（1）大；（2）100；（3）50.4；（4）109。
38．【解答】解：（1）物体A的体积VA＝＝＝400cm3＝4×10﹣4m3，
物体A的高度hA＝＝0.05m；
（2）圆柱体对桌面增大的压力ΔF＝GA＝mAg＝0.2kg×10N/kg＝2N，
圆柱体对桌面压强的变化量Δp1＝＝＝200Pa，
由Δp1：Δp2＝5：4得：
液体对容器底压强的变化量Δp2＝＝＝160Pa，
放入物体A后液面升高的高度Δh＝＝＝2cm＝0.02m，
由p＝ρ液gh得：
液体密度ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3；
（3）若在物体A上放一体积为1×10﹣4m3重物，则物体A和重物的总体积：
V总＝1×10﹣4m3+4×10﹣4m3＝5×10﹣4m3，
当物体A和重物刚好浸没在液体中且保持静止时，液体上升的高度：
h＝＝＝0.025m＝2.5cm，
原来容器中液体深为10cm，则现在水深：
h′＝10cm+2.5cm＝12.5cm＞12cm，
故有液体溢出，溢出液体的体积为：
V排＝200cm2×（12.5cm﹣12cm）＝100cm3＝1×10﹣4m3，
则溢出液体的重力为：
G排液＝ρ液gV排＝0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝0.8N，
重物和物体A的总重力：GA+G重物＝F浮＝ρ液gV排＝0.8×103kg/m3×10N/kg×5×10﹣4m3＝4N，
容器中液体的重力：G液＝mg＝ρ液gV＝ρ液gS容器h＝0.8×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣2m2×0.1m＝16N，
容器对桌面的压力为：F＝GA+G重物+G液﹣G排液＝4N+16N﹣0.8N＝19.2N，
桌面受到容器的压强：p＝＝＝960Pa。
答：（1）物体A的高度为0.05m；
（2）容器中液体的密度0.8×103kg/m3；
（3）桌面受到容器的压强为960Pa。
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