卷子答案网-一个不只有答案的网站4．把上端 A 封闭、下端 B 开口的玻璃管插入水中。放掉适当的空气后放手，让玻璃管竖直浮
鄂南高中 黄冈中学 黄石二中 荆州中学 龙泉中学
在水中，A 端露出水面的高度为 x，玻璃管内外的水面高度差为 h，如图所示。放掉的空气
武汉二中 孝感高中 襄阳四中 襄阳五中 宜昌一中 夷陵中学 越多，则
A
x
2023 届高三湖北十一校第二次联考
h
物理试题 B
命题学校：鄂南高中 命题人：沈文炳 俞贤德 曾升红
A．x 越小 B．x 越大 C．h 越小 D．h 越大
审题学校：孝感高中 审题人：曹茜茜
5．单杠项目对体力和技巧要求高，需要注意安全。如图(a)所示，质量为 50kg 的小李双臂平行，
一、选择题:本题共 11 小题，每小题 4 分，共 44 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只
静止倒立在单杠 AB 上。随后小李绕杠旋转至最低位置，如图(b)所示。若把小李看作质点，
有一项符合题目要求，第 8～11 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2
小李从静止到最低位置过程的运动可看作半径为 1.2m 的圆周运动，不计各种阻力，
分，有选错的得 0 分。 2
g=10m/s 。小李在最低位置时，一只手对单杠 AB 的拉力大小为
1．科学家利用激光观察到了多个光子同时被一个电子吸收并发射光电子的多光子光电效应现象。
某单色激光分别照射金属 a 和 b，分别发生单光子光电效应和双光子光电效应，且产生的光电
子的最大初动能相同（不为零）。金属 a 和 b 的逸出功分别为 W1 和 W2，对应的遏止电压分别 A B A B
为 U1 和 U2，且该激光不能使金属 b 发生单光子光电效应。下列说法正确的是
A．W1>W2 B．W1
(a) (b)
电导线，如图(a)所示。地面表层有两根有绝缘皮包裹的垂直长导线 AB、CD，如图(b)所示。
A．1000N B．1250N C．2000N D．2500N
当线圈水平放置沿 A1B1 快速移动，电流计指针不偏转。当线圈水平放置沿 C1D1 方向快速移
6．甲、乙两列简谐横波在同一介质中分别沿 x 轴正向和负向传播，波速均为 0.05m/s。两列波
动，电流计指针偏转。下列说法正确的是
在时刻 t=0 的波形曲线如图所示。下列说法正确的是
C C1
A1 B1 y(cm)
5 甲
多匝线圈 A BD D1 O 10 20 30 40 x(cm)
(a) (b)
-5 乙
A．两根导线中都有电流 B．两根导线中都无电流
A．甲、乙两波的波长之比为 2:3 B．甲、乙两波的周期之比为 3:2
C．AB 中无电流，CD 中有电流 D．AB 中有电流，CD 中无电流
C．t=1s，x=25cm 处质点的位移为 0 D．t=0，x=40cm 处质点的位移为 2cm
3．2022 年 11 月 3 日，梦天实验舱完成转位，标志着天宫空间站“T”字基本构型在轨组装完成。
7．2023 年 1 月，百度与武汉市政府签署合作协议，开启规模化无人驾驶商业运营服务。无人
天宫空间站绕地心运行的轨道半径为地球半径的 n 倍。地球自转周期为 T，地球自转时赤道表
面的线速度为 v，地球表面两极的重力加速度为 g。下列说法正确的是 驾驶汽车从发现紧急情况到开始刹车的时间为反应时间。某无人汽车以 30m/s 的速度在干
3
v 燥路面从发现紧急情况到刹车停下来要运动 96m，若以 20m/s 的速度在某湿润路面从发现
A．天宫空间站运行的周期为n 2T B．天宫空间站运行的线速度为
n 紧急情况到刹车停下来要运动 104m。湿润路面的摩擦阻力为干燥路面的
2
0.4 倍，g=10m/s ，
g 无人驾驶汽车的反应时间为
C．天宫空间站中仪器的重力为零 D．天宫空间站处的重力加速度为
n2 A．0.1s B．0.15s C．0.2s D．0.25s
2023届高三湖北十一校第二次联考 物理试题 第 1 页 共 3 页
11.密立根油滴实验装置由半径为 R 的两块水平金属板和绝缘圆筒组成，圆筒高 2R，其截面图
8．咸宁九宫山的风电通过如图所示的线路输送到某工厂。两变压器均为理想变压器，升压变压
如图所示。上、下极板分别与恒压电源的正负极相接，产生匀强电场。油滴 a 以初速度 v0
器的匝数比 n1:n2=1:5，输电线的总电阻 R=3Ω。风力发电机的输出功率为 62.5kW，升压变压 从上极板圆心 O 竖直向下进入圆筒，运动距离 0.5R 后静止。油滴的阻力和速度成正比，下
器的输入电压 U1=250V，降压变压器的输出电压 U 列说法正确的是 4=220V。下列说法正确的是
O
升压变压器 降压变压器
+
n1 n2 R n v3 n4 工 0
发电机
U1 U2 U 厂3 U4 -
A．若初速度为 2 v0，油滴 a 运动距离为 R
A．降压变压器输出的电流为 50A B．降压变压器匝数比 n3:n4=5:1
B．若初速度为 2 v0，油滴 a 运动距离为 2R
C．输电线路上损失的电功率 750W D．降压变压器的输入电压 U3=1.1kV C．若在筒内再加垂直纸面的匀强磁场，油滴 a 运动路程可能为 0.5R
9．如图所示，放置在水平桌面上的单匝线圈在大小为 F 的水平外力作用下以速度 v 向右匀速进 D．若在筒内再加水平电场，使油滴 a 垂直击中筒壁，则此时油滴 a 距离上极板 0.5R
入竖直向上的匀强磁场（图中虚线为磁场边界）。第二次在大小为 2F 的水平外力作用下以 3v
二、非选择题:本题共 5 小题,共 56 分。
向右匀速进入同一匀强磁场。线圈的边长为 L，电阻为 R。下列说法正确的是 12.(6 分)
某实验小组用如图（a）所示装置通过半径相同的小球 1 和 2 的碰撞来验证动量守恒定律。
实验时先使小球 1 从斜槽顶端固定挡板处由静止开始释放，落到位于水平地面的记录纸上，重
复上述操作 10 次。再把小球 2 放在水平槽上靠近槽末端的地方，让小球 1 仍从斜槽顶端固定
A．线圈受到的摩擦力为 0.5F B．线圈受到的摩擦力为 0.75F 挡板处由静止开始释放，小球 1 和小球 2 碰撞后，分别在记录纸上留下落点痕迹。重复这种操
作 10 次，用最小的圆圈把所有落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置，得到如图（b）所示
FR FR
C．磁场的磁感应强度为 D．磁场的磁感应强度为
2L2v L2v 的三个落点 Q、P 和 R。O 点为斜槽末端在记录纸上的竖直投影点。
1 2
10.如图所示，四个点电荷 a、b、c 和 d 构成一个长方形。电荷 a、b 带电量均为+q(q>0)，电荷 c、
O
Q P R
d 带电量均为-q。规定无穷远处电势为零，下列说法正确的是
0 10 20 (cm)
a b O Q P R
o (a) (b)
c d （1）落点 R 到 O 点的距离为______cm。
（2）由图（b）信息可知，小球 1 和 2 的质量之比近似为 。(填正确答案标号)
A．O 点电势大于零 B．O 点电场方向垂直指向线段 cd
A．2:1 B．3:1 C．3:2
C．移走电荷 a 后，O 点电势一定减小 D．移走电荷 b 后，O 点电场强度一定减小 （3）由图（b）信息可知，在误差允许范围内，小球 1 和 2 碰撞过程机械能 。（选填“守
恒”或“不守恒”）
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13.（10 分） 15．（15 分）
实验小组测量某弹性导电绳的电阻率。实验过程如下： 如图(a)所示，木板静止在光滑水平面上，木板右侧距离为 x 处固定弹性挡板。质量 m=3kg
装置安装和电路连接。如图（a）所示，导电绳的一端固定，另一端作为拉伸端，两端分别 的小物块以 v0=4m/s 的初速度从最左端冲上木板，一段时间后木板与挡板发生弹性碰撞。木板
用带有金属夹 A、B 的导线接入如图（b）所示的电路中。先闭合开关 S1、S2，调节 R，使电压表 与小物块之间的动摩擦因数 μ=0.4。第一次碰撞完瞬间开始的 0.25s 内木板的 v-t 图像如图(b)
和电流表的指针偏转到合适的位置，记录两表的示数 U0 和 I0。 所示，此过程木板的加速度大小为 a。在以后的运动过程中，小物块始终没有滑离木板。重力
S 加速度
2
g=10m/s ，求：
2
R0 U
A （1）加速度 a 和木板的质量 M；
I0
金属夹A 导电绳 金属夹B 导电绳Rx
V （2）x 的最小值；
R d LS1 （3）木板的最小长度 L；
o S
刻度尺 木板 v(m/s)
(a) (b) (c)
0.25O t(s)
（1）然后断开开关 S2，电流表的示数 （选填“变大”或“变小”），调节滑动变阻器 R 的滑 -3
片，使电流表示数为 I0。记下此时电压表示数 U1以及弹性导电绳 AB 间的距离 L1 和横截面积 S1， (a) (b)
则此时导电绳的电阻 Rx= （结果用含 U0、U1和 I0 的式子表示）；
（2）多次拉伸导电绳，每次都测量并记录 AB 间的距离 L 和导电绳横截面积 S，调节滑动变阻器
16.（16 分）
R 的滑片的位置，使电流表的示数为 I0，记下此时的电压表示数 U。绘制如图（C）所示的图像。 在“质子疗法”中，质子先被加速到具有较高的能量，然后被引向轰击肿瘤，杀死细胞。
已知图线的斜率为 k、与纵轴的截距为 d，则弹性导电绳的电阻率 ρ= ，保护电阻 R0＝ 如图所示，质量为 m、电荷量为 q 的质子从极板 A 处由静止加速，通过极板 A1中间的小孔后
（结果用含 k 或 d 的式子表示）； 进入速度选择器，并沿直线运动。速度选择器中的匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度大小为
（3）若考虑电流表的内阻，则（2）中的电阻率的测量值 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。 B=0.01T，极板 CC1间的电场强度大小为
5
E=1×10 N/C。坐标系 xOy 中 yOP 区域充满沿 y 轴负
14.（9 分） 方向的匀强电场Ⅰ，xOP 区域充满垂直纸面向外的匀强磁场Ⅱ，OP 与 x 轴夹角 α=30°。匀强磁
如图所示，半径为 R 的某透明介质半球，放在空气中，一平行光束垂直入射到左侧平面上， 场Ⅱ的磁感应强度大小 B1，且 1T≤B1≤1.5T。质子从(0，d)点进入电场Ⅰ，并垂直 OP 进入磁场
正好覆盖整个圆平面。以球心 O 为原点且与平面垂直向右为正方向建立 x 轴。距离球心 O 为 0.6R qⅡ。取质子比荷 8=1×10 C/kg，d=0.5m。求：
m
的A点的光线从半球面上的B点射出后与x轴的交点为C，光线BC与x轴的夹角为16 。sin37 =0.6，
（1）极板 AA1间的加速电压 U。
求：（结果可以用含有根号的式子表示）
（2）匀强电场Ⅰ的电场强度 E1。
（1）该光线对透明介质的折射率 n（结果用分式表示）；
（3）质子能到达 x 轴上的区间的长度 L（结果用根号表示）。
（2）半球面右侧的出射光线与 x 轴的交点的最小坐标值 x（结果用含有根号的式子表示）。
C
A A y1
A B Ⅰ P
C Ⅱ
O x
C x1 O
2023届高三湖北十一校第二次联考 物理试题 第 3 页 共 3 页2023届高三湖北十一校第二次联考
物理答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
答案 B D D A B A C BD AC BC ACD
1.答案 B 解析： ， ，可以知道答案选 B。
2.答案 D 解析：当线圈水平放置沿 A1B1 快速移动时，电流计指针不偏转，说明线圈中磁
通量不变，直导线 CD 中无电流。当线圈沿 C1D1 方向快速移动，电流计指针偏转，说明线
圈中磁通量有变化，则直导线 AB 中有电流。答案选 D。
3.答案 D 解析：地球自转的周期、线速度和卫星的周期、线速度没有关联，选项 A、B
错误。天宫空间站中仪器的重力就是它的引力，不为零，选项 C 错误。地球质量为 M，有
2 2
g=GM/r ，g1=g/n ，选项 D 正确。
4.答案：A 解析：玻璃管的质量为 m，横截面积为 S，水密度为 ρ，有 mg=ρghS，故选项
C、D 错误。由于气体的压强和温度一定，放掉的空气越多，体积越小，x 越小。选项 A 正
确，选项 B 错误。
5.答案： 2 2B 解析：r=1.2m，最低点速度为 v，由动能定理有 2mgr=mv /2，F-mg=mv /r，解
得 F=5mg=2500N，则单只手为 1250N，答案为 B。
6.答案：A 解析：甲乙波长分别为 λ1=0.4m 和 λ2=0.6m，周期分别为 T1=8s 和 T2=12s，角
频率分别为ω 1=π /4 和ω 2=π /6。选项 A 正确，选项 B 错误。波的图像的方程分别为
y1=5cos(πx/20)和 y2=5cos(πx/30)。t=1s 时，x=25cm 处位移为-10cm，选项 C 错误。t=0 时，
x=40cm 处质点位移为 2.5cm，选项 D 错误。
7．答案：C 解析：反应时间为 t，减速的加速度为 a，匀速运动速度为 v，运动距离为 x，
则有 2vt+v /2a=x。代入数据解得 t=0.2s，选项 C 正确。
8.答案：BD 解析： U2=U1n2/n1=1250V，线路的电流 I2=I1n1/n2=50A，电压U3=U2-I2R=1100V，
选项 D 正确。U3:U4=n3:n4=5:1，选项 B 正确。降压变压器输出电流 I3=250A，选项 A 错误。
损失的电功率为 2I2 R=7500W，选项 C 错误。
9.答案：AC 解析：由受力分析有 ， ，可以解得 ，
，选项 A 和 C 正确。
10.答案：BC 解析：过 O 点的水平面为等势面，等势面延伸至无穷远处，无穷远处电势
为零，故 O 点处电势为零。故 O 点处电场强度方向垂直指向 cd，选项 B 正确。移走甲后，
O 点处电势将减小，选项 C 正确。移走乙后，电场强度是增大还是减小无法确定。
11. 答案：ACD 解析：设平均速度为 v，阻力的比例系数为 k，运动时间为 t，又-kvt=0-mv0，
x=vt，则 x=mv0/k，故选项 A 正确，选项 B 错误。由于洛仑兹力不做功，油滴运动的距离不
变，C 正确。根据运动的独立性，选项 D 正确。
12．（6 分）（1）20.0(2 分) （2）A (2 分) （3）守恒 (2 分)
解析：（1）最小刻度为 cm，估读到下一位，读数为 20.0cm。（2）可以读出 OQ=5.0cm，OP=15.0cm，
由 m1OP=m1OQ+m2OR ，可得 m1:m2=2:1 ，选项 A 正确。（ 3 ）机械能守恒满足
m 2 2 21OP =m1OQ +m2OR ，联立得 OP+OQ=OR，图(b)正好满足，故守恒。
13（10 分）答案：（1）变小（2 分）；( U1- U0)/I0(2 分)；（2）k（2 分）；d（2 分）；（3）不变
（2 分）
解析：（1）断开开关 S2，电路中总电阻增大，总电流减小，电流表的示数变小。开关 S2闭
合时，R0=U0/I0；开关 S2 断开时，R0+Rx= U1/I0；联立得 Rx=( U1- U0)/I0。（2）由题意得
2023届高三湖北十一校第二次联考 物理答案 1 / 3
U/I0=R0+ρL/S，则的图象斜率 k=ρ，与纵轴的截距为 d＝R0.（3）若考虑电流表的内阻，则
U/I0=R0+rA+ρL/S，图线的斜率不变，故（2）中的电阻率的测量值不变。
14. （9 分）（1）4/3（2）
解析：（1）由几何关系有入射角 θ满足
sinθ=0.6，解得 θ=37 ，…………………………...………...（1 分）
折射角 α=37 +16 =53 ，……………………………..……...（1 分）
由折射定律有 n=sin53 /sin37 =4/3…………..……………...（2 分）
（2）临界角为 C，根据临界角公式
sinC=1/n，…………………………………………….……...（1 分）
出射光线与 x 轴交点的最近值为 x=R/cosC，……………...（2 分）
得 x= 。……………………………….......................…...（2 分）
B
A
O x
D C
15．（15 分）（1） 212m/s ；1kg；（2）0.375m；（3）2m
解析：（1）由图像乙可得木板与挡板碰撞前的速度 v1=3m/s，碰后木板的加速度
2
a=Δv/Δt=12m/s …………………………………………...（2 分）
由牛顿定律可 μmg=Ma…………………………………...（2 分）
得 M=1kg………………………………………………......（1 分）
(2 小物块在木板上面滑行时，由动量守恒定律可得
mv0=Mv1+mv2.......................................................................（2 分）
可得 v2=3m/s,即木板与挡板碰撞前他们已经共速，
所以共速与挡板碰撞时， x 值最小。……..............…...（1 分）
对木板，由动能定理有 2μmg=Mv1 /2………….........…...（1 分）
得 ……………………………………..........…...（1 分） x=0.375m
（3）经过多次碰撞，木板最终停在挡板处，由能量守恒可得
2
μmgL= mv0 /2…………………………..............................（3 分）
解得 L=2m……………………………………..................（2 分）
3
16. （16 分）答案：（ 5 61）U=5×10 V（2）E1=5×10 N/C（3） m
15
解析：（1）质子进入速度选择器中的速度为 v0，由力的平衡有
qv0B qE……………………………………………………….........（1 分）
1
由动能定理有qU mv20 …………………………………….......…（1 分）
2
联立得 7 5v0=1×10 m/s，U=5×10 V。……………………..……....……（2 分）
（2）质子在电场Ⅰ中运动到达 OP 上 Q 点时间为 t，竖直方向速度为 vy，水平位移 x，竖直
位移为 y，加速度为 a。由运动学公式有
x v0t ………………………………………...………......................…（1 分）
2023届高三湖北十一校第二次联考 物理答案 2 / 3
1
y at 2…………………………………………….....................……（1 分）
2
vy at …………………………………...………….....................……（1 分）
由几何关系有
d y
tanα ……………………………………...................…...……（1 分）
x
α …………………………………………...................…………（1 分）
由牛顿第二定律有qE1 ma…………………………................……（1 分）
3
联立可得 x m， y 0.3m。
5
6
E1=5×10 N/C。…………………………….........................................…（1 分）
（3）质子进入磁场Ⅱ的速度为 v，
v
v 0 7=2v0=2×10 m/s。……………............……....................…（1 分）
cos60
质子在磁场中运动半径为 R，由牛顿第二定律有
v2
qvB1 m ………………….............................................................…（1 分）
R
有 m≤R≤0.2m……………................................………....................…（1 分）
x
由几何关系有 OQ= =0.4m，QN=d-y=0.2m。…………....…（1 分）
cos30
当 R2=0.2m 时，质子恰好从 N 点飞出。
0.4
当 R1= m 时，质子恰好与 x 轴相切。
3
故质子能到达 x 轴上的区间的长度
3
L= R1cos30°= m。………………….............................................…（1 分）
15
y y
Ⅰ ⅠP P
Q Ⅱ Q Ⅱ
O1 v0 O2
v v
O x O x
M N
甲 乙
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