卷子答案网-一个不只有答案的网站2023-2024学年天津市蓟州区第二中学高二上学期第二次月考物理试卷
一、单选题（本大题共13小题，共52分）
1.关于电场强度和电场线，下列说法正确的是( )
A. 由电场强度定义式可知，与成正比，与成反比
B. 电场强度的方向和电荷受力方向相同
C. 电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹
D. 电场线既能描述电场的方向，也能描述电场的强弱
2.电场线、等势面均可形象的描述电场。某区域的电场分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面，、、三点的电场强度分别为、、，电势分别为、、。关于这三点电场强度和电势的比较，下列判断正确的是( )
A. B. C. D.
3.某电解池中，如果在内共有个二价正离子和个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是取( )
A. B. C. D.
4.下列各种说法正确的是( )
A. 在并联电路中，任意支路电阻增大或者减小时，总电阻将随之增大或者减小
B. 电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大
C. 将金属丝均匀拉长为原来的两倍，金属丝的电阻和电阻率都增大倍
D. “，”的电风扇，线圈电阻为，正常工作时每分钟产生的电热为
5.如图，、、分别位于等腰直角三角形的三个顶点，在、处各有一通电长直导线垂直穿过纸面，电流方向如图所示，大小均为。若其中一根长直导线在处的磁感应强度大小为，忽略其他因素影响，则处的磁感应强度( )
A. 大小为 ，方向向上 B. 大小为，方向向左
C. 大小为 ，方向向下 D. 大小为，方向向右
6.下列给出了与感应电流产生条件相关的四幅情景图，其中判断正确的是( )
A. 图甲中金属圆形线圈水平放置在通电直导线的正下方，增大直导线电流，圆线圈中有感应电流
B. 图乙中长方形金属线圈在匀强磁场中垂直磁场向右加速运动时，线圈中有感应电流
C. 图丙中的闭合导线框以其任何一条边为轴在磁场中旋转，都可以产生感应电流
D. 图丁中金属杆在力作用下向右运动过程中，若磁场减弱，回路可能不产生感应电流
7.下列说法不正确的是( )
A. 自然界任何带电体所带电量都是元电荷的整数倍
B. 电场线是由物理学家法拉第提出来的，它与电场一样也是客观在的
C. 法国科学家库仑利用库仑扭秤研究了电荷间的相互作用
D. 元电荷的电量最初是由美国物理学家密立根测定的
8.如图所示是一个平行板电容器与电动势为的直流电源内阻不计、电阻、开关连接的串联电路。闭合开关，平行板电容器内一带电液滴恰好静止在点，则( )
A. 减小电容器两极板间的距离，带电油滴将竖直向下运动
B. 减小电容器两极板间的距离，电容器的电容变小
C. 增大电容器两极板间的距离，电阻中有从流向的电流
D. 将极板接地，再将板上移，点电势会减小
9.下图中已标出电流、磁感应强度的方向，其中符合安培定则的是
( )
A. 直线电流的磁感线
B. 直线电流的磁感线
C. 环形电流的磁感线
D. 通电螺线管的磁感线
10.现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈、线圈、电流表及开关按图所示连接。在保持开关闭合、线圈放在线圈中的情况下，某同学发现当他将滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表指针向右偏转。由此可以推断( )
A. 线圈向上移动，电流表指针向左偏转
B. 断开开关瞬间，电流表指针向左偏转
C. 线圈、保持相对静止一起向上移动，电流表指针向左偏转
D. 滑动变阻器的滑片向右滑动，电流表指针向左偏转
11.如图所示，两个不带电的导体和，用一对绝缘柱支撑使它们彼此接触。把一带正电荷的物体置于附近，贴在、下部的金属箔都张开( )
A. 此时带正电，带负电
B. 此时带正电，带正电
C. 移去，贴在、下部的金属箔都闭合
D. 先把和分开，然后移去，贴在、下部的金属箔都闭合
12.关于静电场的有关描述，以下说法正确的是
A. 根据库仑定律可知，当时，库仑力
B. 由可知电场中某点的电场强度与成正比，与试探电荷电量成反比
C. 由可知，匀强电场中的任意两点、间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大
D. 根据电势差的定义式可知，带电荷量为的正电荷，从点移动到点克服电场力做功为，则、两点间的电势差为
13.许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献，下列有关物理学家的贡献，错误的是( )
A. 安培提出了分子电流假说，能够解释一些磁现象
B. 奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电现象和磁现象间的某种联系
C. 麦克斯韦提出周期性变化的电磁和磁场可以形成电磁波，并提出光就是电磁波的假设
D. 洛仑兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论
二、多选题（本大题共9小题，共36分）
14.在如图所示电路中，，当变阻器的滑片由中点向端移动时，下列说法中正确的是( )
A. 电源的输出功率减小 B. 电阻消耗的电功率增大
C. 电压表示数变小，电流表示数变大 D. 电压表示数变大，电流表示数变小
15.图甲为某电源的图线，图乙为某小灯泡的图线，则下列说法中正确的是
( )
A. 电源的内阻为
B. 电源的电动势为
C. 小灯泡的电阻随着功率的增大而增大
D. 把电源和小灯泡组成闭合回路，电源的输出功率约为
16.在如图所示的图像中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线Ⅱ为某一电阻的图线。用该电源直接与电阻相连组成闭合电路，由图像可知( )
A. 电源的电动势为，内阻为 B. 电阻的阻值为
C. 电源的输出功率为 D. 电源的效率为
17.如图所示，虚线、、是电场中的三个等势面，实线为一个带负电的质点仅在电场力作用下的运动轨迹，、是轨迹上的两点。下列说法正确的是( )
A. 质点在点时的电势能比点时小
B. 质点在点时的加速度方向与等势面垂直
C. 三个等势面中等势面的电势最低
D. 质点在点时的加速度比点时大
18.如图所示是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压加速后垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是，两平行板间的距离为，电势差为，板长为。为了提高示波管的灵敏度每单位电压引起的偏转量即可采用的方法是( )
A. 增大两板间的电势差 B. 尽可能使板长短些
C. 使加速电压降低些 D. 尽可能使板间距离小些
19.有一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度，螺旋测微器和游标卡尺的示数如图甲和乙所示。流经圆柱体的电流为，圆柱体两端的电压为，圆柱体的直径和长度分别用、表示，则( )
A. 圆柱体的直径为 B. 圆柱体的直径为
C. 圆柱体的长度为 D. 该合金的电阻率为
20.在“测定金属的电阻率”的实验中，以下操作中错误的是( )
A. 用米尺测量金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，然后再将金属丝接入电路中
B. 用伏安法测电阻时，采用电流表内接法，多次测量后算出平均值
C. 用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值
D. 实验中应保持金属丝的温度大致保持不变
21.用如图甲所示的电路来测量电池电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线，由图乙可知( )
A. 电池电动势的测量值是
B. 电池内阻的测量值是
C. 外电路发生短路时的电流为
D. 电动势的测量值小于其真实值，内电阻的测量值小于其真实值
22.小杜家里新装修时使用了一批照明卤钨灯泡，如图所示。小杜利用多用电表测量该灯泡的电阻，以下操作不正确的是( )
A. 小杜选好“”，红黑表笔短接后指针位置如图所示，则他应该调节“”进行调零
B. 调零后，用红黑表笔分别接触灯泡的两脚，发现指针偏角太小，则需要更换“”挡位
C. 每次换挡后不需重新进行欧姆调零
D. 正确选择挡位后，指针位置如图所示，则该灯泡电阻为
三、计算题（本大题共1小题，共10分）
23.如图所示，为一线圈电阻的电动机，，电源电动势。当断开时，电流表的示数，当闭合时，电流表的示数为，电表内阻不计。求：
电源内阻；
开关闭合时电动机发热消耗的功率和转化为机械能的功率；
开关闭合时电源输出功率和电源的效率。
答案和解析
1.【答案】
【解析】A.电场强度的定义式为
适用于任何电场，反映电场本身的性质，与试探电荷无关，A错误；
B.物理学上规定正电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相同，则负电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相反，B错误；
C.电场线是一种理想化的物理模型，实际上不存在，不是带电粒子的运动轨迹，C错误；
D.电场线的切线方向是该点电场强度的方向，而电场线的疏密表示电场的强弱，即电场线既能描述电场的方向，也能描述电场的强弱，D正确。
故选D。
2.【答案】
【解析】根据电场线疏密代表场强可知
A正确，B错误；
沿电场线方向电势降低，则有
CD错误。
故选A。
3.【答案】
【解析】由题意，电解池中正、负离子运动的方向相反，则内通过截面的正离子的电荷量为 ，负离子的电荷量绝对值为 ，则电流为
代入数据解得
故选D。
4.【答案】
【解析】A.由并联电路的总电阻
可知当任意支路电阻增大或者减小时，总电阻将随之增大或者减小，A正确；
B.电源的电动势由电源本身的结构决定，与外电路无关，B错误；
C.将金属丝均匀拉长为原来的两倍，由体积公式 可知，金属丝的横截面积减小为原来的二分之一，由电阻定律 公式，可得金属丝的电阻变为原来的倍，金属丝的电阻率由金属丝本身决定，与金属丝的长度无关，C错误；
D.电风扇正常工作时，工作电流为
由焦耳定律可得，线圈电阻为 ，正常工作时每分钟产生的电热为
D错误。
故选A。
5.【答案】
【解析】根据安培定则可得导线、的电流在处的磁场方向，作出合磁场如图：
根据几何关系可知合磁场方向向下，大小
故选C。
6.【答案】
【解析】A.图甲中金属圆形线圈水平放置在通电直导线的正下方，增大直导线电流，金属圆形线圈的磁通量一直为零，保持不变，线圈中没有感应电流，A错误；
B.图乙中长方形金属线圈在匀强磁场中垂直磁场向右加速运动时，金属线圈的磁通量保持不变，线圈中没有感应电流，B错误；
C.图丙中的闭合导线框以边为轴在磁场中旋转，不能产生感应电流，C错误；
D.图丁中金属杆在力作用下向右运动过程中，若磁场减弱，可知回路的面积变大，磁感应强度减小，回路的磁通量可能保持不变，故回路可能不会产生感应电流，D正确。
故选D。
7.【答案】
【解析】A.目前认为自然界中任何带电体所带的电荷量都是元电荷的整数倍，故A正确，不符合题意；
B.电场线是由物理学家法拉第提出来的，电场是客观在的，电场线不是客观存在的，故B错误，符合题意；
C.法国科学家库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用规律的研究，得出来库仑定律，故C正确，不符合题意；
D.美国物理学家密立根通过油滴实验测定了元电荷的电量。故D正确，不符合题意。
故选B。
8.【答案】
【解析】A.闭合开关，带电液滴恰好静止在点，则液滴带负电，且
减小电容器两极板间的距离，由 ，可知：两板间的电场强度增大，液滴受到的电场力增大，带电油滴将竖直向上运动，故A错误；
B.减小电容器两极板间的距离，由 ，可知电容器的电容增大，故B错误；
C.增大电容器两极板间的距离，由 ，可知电容器的电容减小，由 ，可知电容器所带电荷量减少，电容器放电，电阻中有从流向的电流，故C错误；
D.将极板接地，则
将板上移，增大电容器两极板间的距离，由 ，可知：两板间的电场强度减小，由 ，可知、间电压减小，又两板间电压不变，所以、间电压 增大，由
可知点电势会减小，故D正确。
故选D。
9.【答案】
【解析】A.通电直导线中的安培定则：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向，由此可知磁场方向应为逆时针，故A错误；
B.通电直导线中的安培定则：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向，由此可知通电直导线右侧磁场方向为垂直纸面向里，故B错误；
C.通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的极，由此可知磁场方向向上，故C正确；
D.通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的极，由此可知通电螺线管的右侧为极，故D错误。
故选C。
10.【答案】
【解析】A.滑动变阻器的滑片向左滑动时，回路中电阻增大，线圈中电流减小，线圈产生的磁场减弱，电流表指针向右偏转，线圈向上移动，磁场变弱，电流表指针向右偏转，故A错误；
B.断开开关瞬间，磁场减弱，则电流表指针向右偏转，故B错误；
C.线圈、保持相对静止一起向上移动，线圈中磁通量没有发生变化，则没有感应电流产生，电流表指针静止在中央，故C错误；
D.滑动变阻器的滑片向右滑动时，回路中电阻减小，线圈中中电流增大，线圈产生的磁场增强，电流表指针向左偏转，故D正确。
故选D。
11.【答案】
【解析】带正电的物体靠近附近时，根据异种电荷相互吸引，中的自由电子一部分移动到的左端，故A带上负电，带上正电，AB错误；
C.移去后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，C正确；
D.先把分开，则带负电，带正电，移去后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开，D错误。
故选C。
12.【答案】
【解析】A.根据库仑定律
可知，此公式适用于点电荷之间的相互作用，当时，电荷不能看成点电荷，此时库仑定律不适用，故A错误；
B.此公式为电场强度的定义式，电场中某点的电场强度只与场源电荷有关，与和无关，故B错误；
C.由公式
可知，为沿电场线方向的距离，故在匀强电场中，若沿电场线方向两点、间的距离越大，则两点间的电势差越大；在匀强电场中，若连线不是沿电场线方向，则两点、间的距离越大，点间的电势差不一定越大，故C错误；
D.根据电势差的定义式
可知，带电荷量为的正电荷，从点移动到点克服电场力做功为，则
故、两点间的电势差为 ，故D正确。
故选D。
13.【答案】
【解析】A.安培提出了分子电流假说，能够解释永久磁铁产生磁场的原因，以及磁铁受猛烈撞击后突然失去磁性等一些磁现象，故A正确；
B.奥斯特发现了电流的磁效应，通电导线周围能产生磁场，首次揭示了电现象和磁现象之间的某种联系，故B正确；
C.由麦克斯韦的电磁场理论可知，周期性变化的电磁和磁场可以形成电磁波，并提出光就是电磁波的假设，故C正确；
D.赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁场理论，故D错误。
故选D。
14.【答案】
【解析】A.由于 ，则外电阻大于内阻，当外电阻大于电源内阻时，随外电阻的增大，电源输出功率减小；当滑片向端移动时，外电路电阻增大，所以电源的输出功率减小，故A正确；
当滑片向端移动时，电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知干路电流减小；又由 可知，路端电压增大，则电压表示数增大；因干路电流 减小，则 两端的电压减小，所以 两端的电压增大，则流过 的电流 增大，电阻 消耗的电功率为
可知电阻 消耗的电功率增大；流过电流表的电流为
所以电流表示数变小，故BD正确，C错误。
故选ABD。
15.【答案】
【解析】根据闭合电路欧姆定律
变形得
可知电源的图线与纵轴的交点表示电动势，根据甲图可得电源的电动势为
图像斜率的大小表示内阻，内阻为
故A错误，B正确；
C.根据乙图可知电流增大，小灯泡的功率增大，根据欧姆定律 变形得 ，可知乙图线上某点与原点连线的斜率大小等于小灯泡的电阻大小，所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，故C正确；
D.把电源和小灯泡组成闭合回路，将在乙中作该电源对应的图像，如图所示
两图线的交点坐标即小灯泡的电压、电流，根据图像读出小灯泡的电压约为
电流约为
所以小灯泡的功率即电源的输出功率约为
故D正确。
故选BCD。
16.【答案】
【解析】A.根据
结合图像，可知
，
A正确；
B.根据图像可知，电阻的阻值为
B正确；
C.图像的交点为实际电压和实际电流，电源的输出功率为
C错误；
D.电源的效率为
D错误。
故选AB。
17.【答案】
【解析】A.质点带负电，曲线运动所受合外力指向轨迹的凹侧，结合电场线与等势面处处垂直，大致画出电场线如图实线
沿电场线方向电势降低，所以
根据电势能 可知
A正确；
B.质点在 点受力方向与电场线在该点的切线反向相反，电场线和等势面处处垂直，根据牛顿第二定律可知质点在点时的加速度方向与等势面垂直，B正确；
C.沿电场线方向，电势降低，所以等势面的电势最大，C错误；
D.电场线的疏密程度表示电场强度的弱强，则
D错误。
故选AB。
18.【答案】
【解析】电子在加速电场中加速，根据动能定理可得
所以电子进入偏转电场时速度的大小为
电子进入偏转电场后的偏转量为
则有
所以示波管的灵敏度为
所以要提高示波管的灵敏度可以增大，减小和减小。
故选CD。
19.【答案】
【解析】圆柱体的直径为
故A正确，B错误；
C.圆柱体的长度为
故C正确；
D.根据欧姆定律可得圆柱体的电阻为
根据电阻定律可得
联立解得该合金的电阻率为
故D错误。
故选AC。
20.【答案】
【解析】A.先将金属丝接入电路，然后用米尺测量接入电路中的金属丝的全长，且测量三次，算出其平均值，选项A错误；
B.用伏安法测电阻时，因为待测电阻较小，故采用电流表外接法，选项B错误；
C.用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，选项C正确；
D.因为温度对金属丝电阻有影响，实验中应保持金属丝的温度大致保持不变，选项D正确。
此题选择错误的选项，故选AB。
21.【答案】
【解析】根据闭合电路的欧姆定律有
可得
可知 图像的纵轴截距等于电动势，则有
图像的斜率绝对值等于内阻，则有
故A正确，B错误；
C.外电路发生短路时的电流为
故C错误；
D.根据电路图可知误差来源于电压表的分流，设电压表内阻为 ，根据欧姆定律可得
可得
可知 图像的纵轴截距为
可得
图像的斜率绝对值为
可得
故D正确。
故选AD。
22.【答案】
【解析】A.红、黑表笔短接后指针没有满偏，说明需要欧姆调零，即调节“”旋钮，故A错误；
B.测量时，发现指针偏角太小，说明待测电阻阻值较大，倍率选小了，需要更换“”进行测量，故B正确；
C.每次更换挡位都需再次调节“”进行欧姆调零，故C错误；
D.根据多用电表读数方法可知测量结果为
故D错误。
故选ACD。
23.【答案】 ；，；，
【解析】断开时，根据闭合电路欧姆定律可得
代入数据解解得
闭合时，路端电压为
流过的电流大小为
流过电动机的电流大小为
电动机发热消耗的功率为
热
电动机转化为机械能的功率
机热
闭合时电源输出功率为
电源的效率为
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