卷子答案网-一个不只有答案的网站吉林省长春市2023年中考一模物理试题
一、单选题
1．（2023·长春模拟）下列物体的质量最接近10kg的是（ ）
A．一支笔 B．一本书 C．一瓶水 D．一张课桌
【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】A、一支笔质量在20g左右，不符合题意；
B、一本书的质量在200g左右，不符合题意；
C、一瓶水的质量在500g左右，不符合题意；
D、一张课桌的质量在10kg左右，符合题意。
故选：D。
【分析】要对物体质量、体积、长度、重力、密度、温度、压强等进行估测，平时多观察多思考。
2．（2023·长春模拟）在校运动会上，同学们用力击鼓，为场上运动员加油助威。用力击鼓是为了增大声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】用力击鼓，鼓面的振幅变大，发声的响度变大。
故选：A
【分析】区分音调（频率）、响度（振幅）、音色（个性）
3．（2023·长春模拟）俗话说“没有金刚钴，不揽瓷器活”。制作“金刚钻”的材料应具有以下哪个特点（ ）
A．硬度大 B．密度大 C．磁性强 D．弹性好
【答案】A
【知识点】纳米材料及其应用
【解析】【解答】制作“金刚钻”的材料必须比其它材料硬，才能在它们上面打孔，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】物质的性质决定用途，根据物质的性质分析判断。
4．（2023·长春模拟）下列物体的尺度从大到示排列正确的是（ ）
A．太阳系、银河系、地球 B．地球、太阳、月球
C．原子、分子、原子核 D．原子核、质子、夸克
【答案】D
【知识点】物质的构成
【解析】【解答】A.银河系、太阳系、地球，故A错误；
B.太阳、地球、月球，故B错误；
C.分子、原子、原子核，故C错误；
D.原子核、质子、夸克，故D正确。
故选D。
【分析】根据对常见物体的尺寸大小的认识判断。
5．（2023·长春模拟）摩天活力城楼顶的摩天轮被誉为“长春眼”，是长春标志性建筑之一。游客在箱内随摩天轮匀速上升过程中，游客的（ ）
A．动能增大 B．重力势能不变
C．机械能增大 D．机械能不变
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】游客在箱内随摩天轮匀速上升过程中，游客的质量不变，高度增大，则重力势能增大；质量不变，速度不变，则动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，游客的机械能增大，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与重力和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
6．（2023·长春模拟）冬天，站在室外的人们经常搓手取暖，这一过程的能量转化与四冲程汽油机工作过程中的哪个冲程能量转化相同（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】内燃机的四个冲程
【解析】【解答】搓手是将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变手的内能，这与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化相同。
故选：B。
【分析】区分做功改变物体内能的利用、内燃机四冲程能量的转化
7．（2023·长春模拟）某用电器的能量流向图如图所示，由此可知该用电器可能是（ ）
A．电饭煲 B．白炽灯 C．洗衣机 D．电热水器
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】由图可知，该用电器工作时，将电能大部分转化为机械能，少部分转化为内能。
AD、电饭煲和电热水器工作时，主要将电能转化为内能。故 AD不合题意：
B、白炽灯工作时，主要将电能转化为内能和光能，故B不合题意；
C、洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，并产生少部分内能，故C符合题意。
故选：C。
【分析】区分日常生活中各电器的能量转化。突破口在于看图“大部分输出机械能”
8．（2023·长春模拟）如图是家庭阳台上的手摇晾衣架。晾衣架匀速上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．滑轮B是定滑轮 B．上升速度越快，机械效率越高
C．利用该装置可以省距离 D．所挂衣物越重，机械效率越高
【答案】D
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】A、B滑轮的轴是随着物体的上升而上升的。是动滑轮，故 A错误：
B、匀速提升物体的速度越快，会改变做功的功率，不会改变有用功与总功的比值，不能改变滑轮组的机械效率，故B错误：
C、由图可知n=4.则绳子自由端移动的距离s=nh=4x6m=24m，即使用该装置费距离，故C错误；
D、所挂衣物越重，所做的额外功基本不变，有用功在总功中所占的比重越大，所以它的机械效率越大，故D正确。
故选：D.
【分析】 (1)区别定滑轮（不动）动滑轮（动）；
(2)功率表示做功快慢，机械效率表示有用功占总功的比例，二者物理意义不同；
(3)由图可知n=4根据s=nh表示出绳子自由端移动的距离，据此判断使用该装置是否省距离；
(4)增加物重，其他条件不变，有用功增多，有用功在总功中所占的比例增大，机械效率升高。
9．（2023·长春模拟）下列措施中，不能防止静电危害的是（ ）
A．飞机轮胎用导电橡胶制成
B．油罐车装有一条拖在地上的铁链
C．汽油桶用绝缘性能极好的塑料制作
D．印染车间里空气保持适当的湿度
【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、飞机轮胎用导电橡胶制成，是为了在着陆时使机身积累的电荷流入大地，防止静电产生火花导致起火，故A不符合题意；
B、油罐车在运输过程中，油和罐之间不断摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走，这是防止静电危害，故B不符合题意：
C、用绝缘性能极好的塑料制作的塑料桶储存汽油时，由于期料不容易导电，静电不能及时导出，会出现静电危害，故C符合题意；
D、在印染厂车间里，物体间摩擦产生大量静电，所以印染车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害，故D不符合题意：
故选：C。
【分析】静电危害是由于物体间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害。
10．（2023·长春模拟）某款家用电水壶具有加热和保温两个挡位，其中加热挡功率为1000W，保温挡功率为100W。下列说法正确的是（ ）
A．电水壶外壳与零线连接 B．加热挡的工作电流为1A
C．保温时1小时消耗电能0.1度 D．加热挡电阻大于保温挡电阻
【答案】C
【知识点】电功的计算；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】A.电水壶外壳与地线连接，一旦外壳漏电可以起到保护作用，故A错误；
B.加热档的工作电流为：，故B错误；
C.保温时1小时消耗电能W保温=P保温t=0.1kW×1h=0.1kW·h，故C正确；
D.加热档功率大于保温档功率，根据可知，加热档电阻小于保温档电阻，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据安全用电的常识判断；
（2）根据计算加热档时的电流；
（3）根据W=Pt计算保温档消耗的电能；
（4）根据比较电阻大小。
二、填空题
11．（2023·长春模拟）2022北京冬奥会中，我国运动员任子威获得短道速滑男子1000米冠军，实现了中国队在该项目上冬奥金牌零的突破。
（1）以比赛中高速滑行的任子威为参照物，看台上的观众是 ；
（2）冰刀的刀刃做得很薄，这是通过 来增大压强；
（3）冰刀滑过的位置、冰面上会出现少量水，这个过程冰发生的物态变化是 ；
（4）运动员滑到终点不能马上停下来是因为运动员具有 。
【答案】（1）运动的
（2）减小受力面积
（3）熔化
（4）惯性
【知识点】熔化与熔化吸热特点；惯性及其现象；增大压强的方法及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）以比赛中高速滑行的任子威为参照物，看台上的观众的位置不断改变，则他们是运动的；
（2）冰刀的刀刃做得很薄，这是通过减小受力面积来增大压强；
（3）冰刀滑过的位置、冰面上会出现少量水，即冰从固态变成液态发生熔化；
（4）运动员滑到终点不能马上停下来是因为运动员具有惯性。
【分析】（1）根据参照物的知识解答；
（2）增大压强的方法：①增大压力；②减小受力面积；
（3）根据物质的初始态和周末态确定物态变化的名称；
（4）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
12．（2023·长春模拟）中国古诗词蕴含许多物理知识：
（1）唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的 现象，“香满衣”这一现象说明分子在不停地做 运动；
（2）清朝徐骏的《清风涛》中：“清风不识字，何故乱翻书。”“清风”能翻书是因为风使书页主方空气流速大，压强 。书页由静止变为运动说明力可以改变物体的 。
【答案】（1）反射；无规则
（2）小；运动状态
【知识点】光的反射；力的作用效果；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】（1）唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的反射现象，“香满衣”这一现象说明分子在不停地做无规则运动；
（2）①清朝徐骏的《清风涛》中：“清风不识字，何故乱翻书。”“清风”能翻书是因为风使书页主方空气流速大，压强小。
②书页由静止变为运动说明力可以改变物体的运动状态。
【分析】（1）根据光的反射的知识解答。根据分子运动的知识解答；
（2）①流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系解答。
②运动状态的改变包括：静止变运动，运动变静止，速度大小改变或运动方向改变。
13．（2023·长春模拟）国际热核聚变实验堆（ITER）计划俗称“人造太阳”。“人造太阳”的核聚变原料是地球上储量丰富的氘和氚，同时生成物没有危害，被称为“终极能源”。
（1）“人造太阳”与我国正在运行的核电站获得核能的方式是否相同？ ；
（2）在核反应过程中产生的内能不能再自动转化为核能，这说明能量的转化和转移具有 性；
（3）“人造太阳”工作时主要用水进行冷却，这是利用水的 的特点；
（4）从能源与可持续利用的角度看，核能是 能源。
【答案】（1）不同
（2）方向
（3）比热容较大
（4）不可再生
【知识点】比热容；能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】（1）“人造太阳”利用的是核聚变，而核电站利用核裂变，因此二者获得核能的方式不同；
（2）在核反应过程中产生的内能不能再自动转化为核能，这说明能量的转化和转移具有方向性；
（3）“人造太阳”工作时主要用水进行冷却，这是利用水的比热容较大的特点；
（4）从能源与可持续利用的角度看，核能不能在短时间内得到补充，因此核能是不可再生能源。
【分析】（1）根据核电站的工作原理分析；
（2）根据能量转化和转移的方向性解答；
（3）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（4）不能在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
14．（2023·长春模拟）请不要带火种上山！若山上发生火灾，消防员需身背空气呼吸器徒步上山展开救援。若消防员和空气呼吸器总重为900N，着火地点到地面的竖直距离为400m，消防员从山脚跑到着火地点需要1小时。则：
（1）消防员要克服重力做功 J，克服重力做功的功率 W。
（2）若消防员从山脚跑到着火地点通过的路程为7.2km，则消防员在全程的平均速度为 m/s。
【答案】（1）3.6×105；100
（2）2
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】(1)消防员要克服重力做的功：
克服重力做功的功率：
(2)消防员在全程的平均速度：v
故答案为：(1)3.6x105；100；(2)2。
【分析】(1)根据W=Gh求消防员要克服重力做的W功，利用功率公式求克服重力做功的功率；
(2)根据速度公式求出消防员在全程的平均速度。
三、实验题
15．（2023·长春模拟）“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验装置如图甲所示。
（1）为了准确测量水的温度，需要对实验装置进行的操作是 。
（2）某时刻温度计的示数如图乙所示，则水温为 ℃。
（3）图丙是根据实验数据描绘的水温随时间变化的图象，分析可知：实验室的大气压 标准大气压，水在沸腾过程中持续吸热，温度 。
【答案】（1）加带孔的盖
（2）96
（3）低于；不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1)为了保证温度一致应该在烧杯上加带孔的盖，才能准确测量水的温度；
(2)由图乙可知，温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数是96℃
(3)由表中的实验数据可知：水不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以此时水的沸点是98℃；
1标准大气压下水的沸点是100℃，根据气压越低，沸点越低，所以此时大气压小于1标准大气压：
当水的温度达到沸点后，需要吸热，温度保持不变。
故答案为：(1) 加带孔的盖；(2)96.(3)小于：不变。
【分析】本题考查探究水沸腾实验，关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
(1)该实验要点在于实验前安转顺序从下往上安装，温度计的测量温度的要点，加盖为了节约加热时间、保证温度一致。
(2)从图中能看出温度计的分度值是1℃，然后根据液面到达的刻度即可读数：
(3)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；沸点与气压的关系：沸点随气压的增大而升高，随气压的减小而降低；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。
16．（2023·长春模拟）在探究"凸透镜成像的规律"的实验中：
（1）为了测量凸透镜的焦距，让一束平行于主光轴的光射向凸透镜，移动光屏，直到光屏上出现最小、最亮的光斑，用刻度尺测出光斑到凸透镜中心的距离，如图甲所示，该凸透镜焦距为 cm。
（2）将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，蜡烛置于光具座上35cm刻度线处，点燃蜡烛，左右移动光屏，出现图乙所示现象（成像清晰），为了在实验过程中始终避免这种现象，不调节凸透镜，应进行的合理操作是 。
（3）调整后，将蜡烛向左移动20cm，适当移动光屏，直到光屏上再次出现清晰的倒立、 的像，这一成像特点在生活中的应用是 。
【答案】（1）10
（2）将蜡烛适当升高
（3）缩小；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】(1)一束平行于主光轴的光射向凸透镜，移动光屏，直到光屏的光斑变得最小、最亮；最后测量这个光斑到凸透镜的距离就是焦距。因此凸透镜的焦距：f=60cm-50cm=10cm；
(2)由乙图可知烛焰在光屏上的像偏高，为使像能成在光屏的中央，可以向上移动烛焰或向下移动凸透镜，或向上移动光屏，因题目要求，不调节凸透镜，所以合理操作是将蜡烛适当升高 ；
(3)凸透镜位于50cm刻线处，将蜡烛向左移动20cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用此原理。
故答案为：(1)100；(2) 将蜡烛适当升高；(3)缩小；照相机。
【分析】凸透镜成像规律是光学内容的难点，首先要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系，对规律进行总结，解决本题要点在于读图：甲图可以读出焦距，乙图可以重点看物距。
17．（2023·长春模拟）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，实验装置如图所示。
（1）为了测出滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 运动，此时木块所受的滑动摩擦力与拉力的大小关系是 。请在图中画出木块所受滑动摩擦力的示意图；
（2）比较甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力大小与 的关系；
（3）鞋底做有凸凹不平的花纹，应用了 两次实验所得的结论。
【答案】（1）匀速直线；相等；
（2）压力大小
（3）甲丙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】解答】（1）①为了测出滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块所受的滑动摩擦力与拉力的大小关系是相等；
②木块受到的摩擦力作用在重心上，方向水平向左，如下图所示：
（2）根据图片可知，甲和乙中接触面粗糙程度相同，只有压力大小不同，因此探究滑动摩擦力大小与压力的关系；
（3）鞋底做有凸凹不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相等，只改变接触面，故选实验甲和丙。
【分析】（1）①当木块在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
②确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。
18．（2023·长春模拟）在“探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，电路图如图甲所示。
（1）用电流表测量A点的电流，请用笔画线代替导线将实物电路补充完整；
（2）闭合开关，观察到灯L1发光，灯L2不发光，电路可能存在的故障是 ；
（3）排除故障后，依次测量B点的电流IB、C点的电流IC，两次测量电流表指针的偏转情况均如图丙所示，则IC＝ A；
（4）本次实验中所用小灯泡L1和L2的规格是否相同？ 。
【答案】（1）
（2）灯泡L2断路
（3）1
（4）不相同
【知识点】并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，灯泡L1与L2并联，A点与L1串联在同一支路上，那么此点的电流表测L1的电流，如下图所示：
（2）闭合开关，观察到灯L1发光，灯L2不发光，电路可能存在的故障是：灯泡L2断路；
（3）根据甲图可知，B点为L2的电流，C点为干路电流，则C点电流大于B点电流。根据乙图可知，电流表选择量程0~3A时，分度值为0.1A，则示数为1A；选择量程为0~0.6A时，分度值为0.02A，示数为0.2A。比较可知，C点电流为1A。
（4）如果两个灯泡的规格相同，那么通过它们的电流大小相等，那么可以得到并联电路各支路电流相等的结论，但是这个结论是错误的，因此两个灯泡的规格不相等。
【分析】（1）根据甲图确定电路的串并联关系以及电表的位置，然后对丙图进行补充；
（2）灯泡L2不发光，可能发生断路或短路。灯泡L1与L2并联，如果L2发生短路，那么L1同时被短路，那么它不会发光，据此分析解答。
（3）根据甲图，利用并联电路的电流规律比较B、C两点电流大小，再根据图乙确定电流表的量程和分度值，根据指针的位置读出示数 ；
（4）根据灯泡规格相同时通过的电流大小相等分析。
19．（2023·长春模拟）在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中：
（1）实验装置如图所示，a、b两接线柱间应接入 。
（2）闭合开关，让导体AB在磁场中做 运动，闭合回路中就会有感应电流产生，此时导体AB相当于电路中的 ，这个过程中机械能转化为 能。
（3）最早发现这一现象的物理学家是 ，人们依据该现象制成了 。
【答案】（1）灵敏电流计（电流表）
（2）切割磁感线；电源；电
（3）法拉第；发电机
【知识点】探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流，故 a、b 两接线柱间应接入小量程电流表（灵敏电流计）；
（2）闭合电路的部分导体 AB 在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此时导体 AB 相当于电路中的电源；电磁感应现象中，消耗了机械能，得到了电能；
（3）法拉第最早发现了电磁感应现象，发电机的原理是电磁感应现象。
故答案为：（1）灵敏电流计； 切割磁感线；电源；电； 法拉第；发电机。
【分析】本题考查了电磁感应现象的探究实验，知道产生感应电流的条件，电磁感应中能量转化等。
（1）电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定
是否产生了感应电流；
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流：根据电磁感应现象中的能量转化以及应用的基础知识分析；
(3)法拉第经发现了电磁感应现象，发电机与电动机的区别在于实验中是否有电源。
20．（2023·长春模拟）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，使用的器材有：弹簧测力计、带盖的玻璃瓶（瓶盖的质量、体积和形变忽略不计）、完全相同的柱形容器A和B等，操作过程如下：
（1）在容器A中装入适量的水，将玻璃瓶装满水后悬挂在弹簧测力计下，并浸入水中，如图甲所示，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F；
如图乙所示，将玻璃瓶浸没水中，容器A中水面又上升h1，弹簧测力计示数为0.8F，由此可知浮力的大小与 有关。继续增大玻璃瓶浸没的深度，弹簧测力计示数不变，说明物体所受浮力的大小与 无关，此过程中瓶底所受水的压强大小变化情况是 ；
（2）为探究浮力大小与物重是否有关，将玻璃瓶中的一部分水倒入容器B中，再将玻璃瓶浸没到容器A的水中，如图丙所示，弹簧测力计示数为0.6F。经过测量，图乙、丙操作中玻璃瓶所受浮力均为 F，说明浮力的大小与物重无关；
（3）将玻璃瓶中剩余的水全部倒入容器B中，如图丁所示，最后水的深度为h2；
根据以上信息可得：制作玻璃瓶的材料密度ρ= （用ρ水、h1和h2表示）。
【答案】（1）排开液体的体积；浸没深度；变大
（2）0.4
（3）
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）①图甲中玻璃瓶装满水后部分浸没水中，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F，图乙知玻璃瓶装满水后全部浸没水中，容器A中水面又上升h1，弹簧测力计示数为0.8F，此过程中物体排开水的体积变大，那么浮力的大小与排开水的体积有关；
②物体浸没后继续增大玻璃瓶浸没的深度，弹簧测力计示数不变，由F浮=G-F知浮力不变，说明物体所受浮力的大小与浸没的深度无关；
③此过程中瓶底的深度增加，由p=ρ液gh可知，瓶底所受水的压强变大；
（2）图甲中玻璃瓶装满水后部分浸没水中，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F；
图乙中玻璃瓶装满水后全部浸没水中，容器A中水面又上升h1，
说明V甲排=V乙排，
根据F浮=ρ液gV排可知，F浮甲=F浮乙 ①，
又因为F浮甲=G-F，F浮乙=G-0.8F，
所以F浮乙-F浮甲=G-0.8F-（G-F）=0.2F ②，
①②联立解得：F浮乙=0.4F，
即ρ水gSA （h1+h1）=0.4F；
（3）因为F浮乙=G-0.8F，且F浮乙=0.4F，
所以G=1.2F=3×0.4F=3×ρ水gSA （h1+h1）=6ρ水gSAh1，
瓶中水的体积为：V水=SBh2，V瓶=V乙排=SA （h1+h1）=SA 2h1，
又因为SA=SB，所以玻璃的体积为：
V玻璃=V瓶-V水=2SA h1-SBh2，
则水的质量：m水=ρ水SBh2，
则空瓶的质量为：m玻璃=m-m水=-m水=6ρ水SAh1-ρ水SBh2，
制作玻璃瓶的材料密度为：。
【分析】（1）①根据描述分析哪个因素发生改变即可；
②当深度改变时，如果浮力同时改变，那么浮力与深度有关；否则，浮力与深度无关；
③根据液体压强公式p=ρ液gh分析瓶底受到水的压强变化。
（2）根据甲、乙两图，确定二者排开液体体积的数量关系，从而找到二者受到浮力的数量关系，接下来通过平衡力的知识列式推导计算即可。
（3）根据算出乙受到的浮力和称重法表示的乙受到的浮力，由阿基米德原理公式和变化的深度表示出玻璃瓶和水的总重力，根据V水=SBh2表示出瓶中水的体积，用V瓶=V乙排表示出瓶子的容积，用V玻璃=V瓶-V水表示出玻璃的体积，由m水=ρ水SBh2表示出水的质量，由m玻璃=m-m水表示出空瓶的质量，由密度公式表示出制作玻璃瓶的材料密度
四、综合题
21．（2023·长春模拟）如图甲所示，商场自动售卖机可以通过投入硬币、纸币购买商品，还可以通过手机扫码进行支付。实践本组设计了一个模拟自动售卖机装置，可以售卖单价为1元、3元和5元的商品，且三次只能售卖一件商品。该装置通过电压值确定投入硬币金额，其部分原理图如图乙所示，轻质杠杆OAB的支点为O，电路中使用的是高精度电压表，R0为定值电阻，压敏电阻R的阻值与压力F的函数关系如图丙所示。（OA∶OB＝1∶10，1枚1元硬币质量为6g，1枚5角硬币质量为4g，g＝10N/kg）
（1）手机扫码付款利用了 传递信息；
（2）若把硬币对触点B的压力作为动力，则杠杆OAB是 杠杆；
（3）在确定售卖1元商品需要预设的电压值时，小组成员进行了如下操作：投入1枚1元硬币时，电压表示数为3.2V；取出1元硬币，再投入2枚5角硬币时，电压表示数为4V。售卖商品时，当电压表示数为预设电压3.2V或4V时，装置可以识别出投入硬币的金额为1元，商品购买成功。小组同学分析发现，利用以上数据通过计算也可以确定售卖3元和5元商品时的预设电压值，请通过计算得出售卖5元商品时预设电压中的最大值是
【答案】（1）电磁波
（2）省力
（3）10V
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；欧姆定律及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）手机扫码付款利用了电磁波传递信息；
（2）由图乙可知，O为支点，动力臂为OB，阻力臂为OA，即动力臂大于阻力臂，则杠杆OAB是省力杠杆；
（3）由图乙可知，两电阻串联，电压表测R0两端的电压；
由图丙可知，压敏电阻R的阻值与压力F的乘积为一定值，
因此压敏电阻R的阻值与压力F成反比，
且表达式为：；
1枚1元硬币的重力：G=mg=6×10-3kg×10N/kg=0.06N，
对于轻质杠杆OAB，由杠杆的平衡条件可得：F1×OA=G×OB，
F1×1=0.06N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1=0.6N，
此时压敏电阻R的阻值：，
串联电路的电压特点和欧姆定律可知，
电源电压：U=UR+U0=IR+U0=×40Ω+3.2V……①
2枚5角硬币的重力：G'=m'g=2×4×10-3kg×10N/kg=0.08N，
由杠杆的平衡条件可得：F1'×OA=G'×OB，
F1'×1=0.08N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1'=0.8N，
此时压敏电阻R的阻值，
电源电压：U=UR'+U0'=×30Ω+4V……②
由①②解得：R0=10Ω，U=16V；
由题意可知，由10枚5角的硬币组成5元时的硬币总质量最大，为：m大=10×4g=40g，
10枚5角的硬币的重力：G大=m大g=40×10-3kg×10N/kg=0.4N，
由杠杆的平衡条件可得：F1大×OA=G大×OB，
F1大×1=0.4N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1大=4N，
此时压敏电阻R的阻值：，
此时电路中的总电阻：R总小=R0+R小=10Ω+6Ω=16Ω，
此时电路中的电流：，
那么预设电压中的最大值：U大=I大R0=1A×10Ω=10V。
【分析】（1）根据电磁波的应用解答；
（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（3）根据图丙可知压敏电阻的阻值与压力之间的关系，根据G=mg求出1枚1元硬币的重力，根据杠杆平衡条件求出压敏电阻R受到的压力，根据压敏电阻的阻值与压力之间的关系求出压敏电阻的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，同理串联电路的电压特点和欧姆定律表示出投入2枚5角硬币时的电源电压，解方程求出R0的阻值和电源电压；
根据硬币的质量确定5元硬币的最大质量，根据G=mg求出硬币的最大质量，根据杠杆平衡条件求出压敏电阻R受到的压力，根据压敏电阻的阻值与压力之间的关系求出此时压敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出预设电压中的最大值。
吉林省长春市2023年中考一模物理试题
一、单选题
1．（2023·长春模拟）下列物体的质量最接近10kg的是（ ）
A．一支笔 B．一本书 C．一瓶水 D．一张课桌
2．（2023·长春模拟）在校运动会上，同学们用力击鼓，为场上运动员加油助威。用力击鼓是为了增大声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．传播速度
3．（2023·长春模拟）俗话说“没有金刚钴，不揽瓷器活”。制作“金刚钻”的材料应具有以下哪个特点（ ）
A．硬度大 B．密度大 C．磁性强 D．弹性好
4．（2023·长春模拟）下列物体的尺度从大到示排列正确的是（ ）
A．太阳系、银河系、地球 B．地球、太阳、月球
C．原子、分子、原子核 D．原子核、质子、夸克
5．（2023·长春模拟）摩天活力城楼顶的摩天轮被誉为“长春眼”，是长春标志性建筑之一。游客在箱内随摩天轮匀速上升过程中，游客的（ ）
A．动能增大 B．重力势能不变
C．机械能增大 D．机械能不变
6．（2023·长春模拟）冬天，站在室外的人们经常搓手取暖，这一过程的能量转化与四冲程汽油机工作过程中的哪个冲程能量转化相同（ ）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
7．（2023·长春模拟）某用电器的能量流向图如图所示，由此可知该用电器可能是（ ）
A．电饭煲 B．白炽灯 C．洗衣机 D．电热水器
8．（2023·长春模拟）如图是家庭阳台上的手摇晾衣架。晾衣架匀速上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．滑轮B是定滑轮 B．上升速度越快，机械效率越高
C．利用该装置可以省距离 D．所挂衣物越重，机械效率越高
9．（2023·长春模拟）下列措施中，不能防止静电危害的是（ ）
A．飞机轮胎用导电橡胶制成
B．油罐车装有一条拖在地上的铁链
C．汽油桶用绝缘性能极好的塑料制作
D．印染车间里空气保持适当的湿度
10．（2023·长春模拟）某款家用电水壶具有加热和保温两个挡位，其中加热挡功率为1000W，保温挡功率为100W。下列说法正确的是（ ）
A．电水壶外壳与零线连接 B．加热挡的工作电流为1A
C．保温时1小时消耗电能0.1度 D．加热挡电阻大于保温挡电阻
二、填空题
11．（2023·长春模拟）2022北京冬奥会中，我国运动员任子威获得短道速滑男子1000米冠军，实现了中国队在该项目上冬奥金牌零的突破。
（1）以比赛中高速滑行的任子威为参照物，看台上的观众是 ；
（2）冰刀的刀刃做得很薄，这是通过 来增大压强；
（3）冰刀滑过的位置、冰面上会出现少量水，这个过程冰发生的物态变化是 ；
（4）运动员滑到终点不能马上停下来是因为运动员具有 。
12．（2023·长春模拟）中国古诗词蕴含许多物理知识：
（1）唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的 现象，“香满衣”这一现象说明分子在不停地做 运动；
（2）清朝徐骏的《清风涛》中：“清风不识字，何故乱翻书。”“清风”能翻书是因为风使书页主方空气流速大，压强 。书页由静止变为运动说明力可以改变物体的 。
13．（2023·长春模拟）国际热核聚变实验堆（ITER）计划俗称“人造太阳”。“人造太阳”的核聚变原料是地球上储量丰富的氘和氚，同时生成物没有危害，被称为“终极能源”。
（1）“人造太阳”与我国正在运行的核电站获得核能的方式是否相同？ ；
（2）在核反应过程中产生的内能不能再自动转化为核能，这说明能量的转化和转移具有 性；
（3）“人造太阳”工作时主要用水进行冷却，这是利用水的 的特点；
（4）从能源与可持续利用的角度看，核能是 能源。
14．（2023·长春模拟）请不要带火种上山！若山上发生火灾，消防员需身背空气呼吸器徒步上山展开救援。若消防员和空气呼吸器总重为900N，着火地点到地面的竖直距离为400m，消防员从山脚跑到着火地点需要1小时。则：
（1）消防员要克服重力做功 J，克服重力做功的功率 W。
（2）若消防员从山脚跑到着火地点通过的路程为7.2km，则消防员在全程的平均速度为 m/s。
三、实验题
15．（2023·长春模拟）“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验装置如图甲所示。
（1）为了准确测量水的温度，需要对实验装置进行的操作是 。
（2）某时刻温度计的示数如图乙所示，则水温为 ℃。
（3）图丙是根据实验数据描绘的水温随时间变化的图象，分析可知：实验室的大气压 标准大气压，水在沸腾过程中持续吸热，温度 。
16．（2023·长春模拟）在探究"凸透镜成像的规律"的实验中：
（1）为了测量凸透镜的焦距，让一束平行于主光轴的光射向凸透镜，移动光屏，直到光屏上出现最小、最亮的光斑，用刻度尺测出光斑到凸透镜中心的距离，如图甲所示，该凸透镜焦距为 cm。
（2）将凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，蜡烛置于光具座上35cm刻度线处，点燃蜡烛，左右移动光屏，出现图乙所示现象（成像清晰），为了在实验过程中始终避免这种现象，不调节凸透镜，应进行的合理操作是 。
（3）调整后，将蜡烛向左移动20cm，适当移动光屏，直到光屏上再次出现清晰的倒立、 的像，这一成像特点在生活中的应用是 。
17．（2023·长春模拟）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，实验装置如图所示。
（1）为了测出滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 运动，此时木块所受的滑动摩擦力与拉力的大小关系是 。请在图中画出木块所受滑动摩擦力的示意图；
（2）比较甲、乙两次实验可探究滑动摩擦力大小与 的关系；
（3）鞋底做有凸凹不平的花纹，应用了 两次实验所得的结论。
18．（2023·长春模拟）在“探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，电路图如图甲所示。
（1）用电流表测量A点的电流，请用笔画线代替导线将实物电路补充完整；
（2）闭合开关，观察到灯L1发光，灯L2不发光，电路可能存在的故障是 ；
（3）排除故障后，依次测量B点的电流IB、C点的电流IC，两次测量电流表指针的偏转情况均如图丙所示，则IC＝ A；
（4）本次实验中所用小灯泡L1和L2的规格是否相同？ 。
19．（2023·长春模拟）在“探究什么情况下磁可以生电”的实验中：
（1）实验装置如图所示，a、b两接线柱间应接入 。
（2）闭合开关，让导体AB在磁场中做 运动，闭合回路中就会有感应电流产生，此时导体AB相当于电路中的 ，这个过程中机械能转化为 能。
（3）最早发现这一现象的物理学家是 ，人们依据该现象制成了 。
20．（2023·长春模拟）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，使用的器材有：弹簧测力计、带盖的玻璃瓶（瓶盖的质量、体积和形变忽略不计）、完全相同的柱形容器A和B等，操作过程如下：
（1）在容器A中装入适量的水，将玻璃瓶装满水后悬挂在弹簧测力计下，并浸入水中，如图甲所示，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F；
如图乙所示，将玻璃瓶浸没水中，容器A中水面又上升h1，弹簧测力计示数为0.8F，由此可知浮力的大小与 有关。继续增大玻璃瓶浸没的深度，弹簧测力计示数不变，说明物体所受浮力的大小与 无关，此过程中瓶底所受水的压强大小变化情况是 ；
（2）为探究浮力大小与物重是否有关，将玻璃瓶中的一部分水倒入容器B中，再将玻璃瓶浸没到容器A的水中，如图丙所示，弹簧测力计示数为0.6F。经过测量，图乙、丙操作中玻璃瓶所受浮力均为 F，说明浮力的大小与物重无关；
（3）将玻璃瓶中剩余的水全部倒入容器B中，如图丁所示，最后水的深度为h2；
根据以上信息可得：制作玻璃瓶的材料密度ρ= （用ρ水、h1和h2表示）。
四、综合题
21．（2023·长春模拟）如图甲所示，商场自动售卖机可以通过投入硬币、纸币购买商品，还可以通过手机扫码进行支付。实践本组设计了一个模拟自动售卖机装置，可以售卖单价为1元、3元和5元的商品，且三次只能售卖一件商品。该装置通过电压值确定投入硬币金额，其部分原理图如图乙所示，轻质杠杆OAB的支点为O，电路中使用的是高精度电压表，R0为定值电阻，压敏电阻R的阻值与压力F的函数关系如图丙所示。（OA∶OB＝1∶10，1枚1元硬币质量为6g，1枚5角硬币质量为4g，g＝10N/kg）
（1）手机扫码付款利用了 传递信息；
（2）若把硬币对触点B的压力作为动力，则杠杆OAB是 杠杆；
（3）在确定售卖1元商品需要预设的电压值时，小组成员进行了如下操作：投入1枚1元硬币时，电压表示数为3.2V；取出1元硬币，再投入2枚5角硬币时，电压表示数为4V。售卖商品时，当电压表示数为预设电压3.2V或4V时，装置可以识别出投入硬币的金额为1元，商品购买成功。小组同学分析发现，利用以上数据通过计算也可以确定售卖3元和5元商品时的预设电压值，请通过计算得出售卖5元商品时预设电压中的最大值是
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】A、一支笔质量在20g左右，不符合题意；
B、一本书的质量在200g左右，不符合题意；
C、一瓶水的质量在500g左右，不符合题意；
D、一张课桌的质量在10kg左右，符合题意。
故选：D。
【分析】要对物体质量、体积、长度、重力、密度、温度、压强等进行估测，平时多观察多思考。
2．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】用力击鼓，鼓面的振幅变大，发声的响度变大。
故选：A
【分析】区分音调（频率）、响度（振幅）、音色（个性）
3．【答案】A
【知识点】纳米材料及其应用
【解析】【解答】制作“金刚钻”的材料必须比其它材料硬，才能在它们上面打孔，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】物质的性质决定用途，根据物质的性质分析判断。
4．【答案】D
【知识点】物质的构成
【解析】【解答】A.银河系、太阳系、地球，故A错误；
B.太阳、地球、月球，故B错误；
C.分子、原子、原子核，故C错误；
D.原子核、质子、夸克，故D正确。
故选D。
【分析】根据对常见物体的尺寸大小的认识判断。
5．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】游客在箱内随摩天轮匀速上升过程中，游客的质量不变，高度增大，则重力势能增大；质量不变，速度不变，则动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，游客的机械能增大，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】动能与质量和速度有关，重力势能与重力和高度有关，而机械能=动能+重力势能。
6．【答案】B
【知识点】内燃机的四个冲程
【解析】【解答】搓手是将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变手的内能，这与汽油机工作中的压缩冲程的能量转化相同。
故选：B。
【分析】区分做功改变物体内能的利用、内燃机四冲程能量的转化
7．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】由图可知，该用电器工作时，将电能大部分转化为机械能，少部分转化为内能。
AD、电饭煲和电热水器工作时，主要将电能转化为内能。故 AD不合题意：
B、白炽灯工作时，主要将电能转化为内能和光能，故B不合题意；
C、洗衣机工作时，主要将电能转化为机械能，并产生少部分内能，故C符合题意。
故选：C。
【分析】区分日常生活中各电器的能量转化。突破口在于看图“大部分输出机械能”
8．【答案】D
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率
【解析】【解答】A、B滑轮的轴是随着物体的上升而上升的。是动滑轮，故 A错误：
B、匀速提升物体的速度越快，会改变做功的功率，不会改变有用功与总功的比值，不能改变滑轮组的机械效率，故B错误：
C、由图可知n=4.则绳子自由端移动的距离s=nh=4x6m=24m，即使用该装置费距离，故C错误；
D、所挂衣物越重，所做的额外功基本不变，有用功在总功中所占的比重越大，所以它的机械效率越大，故D正确。
故选：D.
【分析】 (1)区别定滑轮（不动）动滑轮（动）；
(2)功率表示做功快慢，机械效率表示有用功占总功的比例，二者物理意义不同；
(3)由图可知n=4根据s=nh表示出绳子自由端移动的距离，据此判断使用该装置是否省距离；
(4)增加物重，其他条件不变，有用功增多，有用功在总功中所占的比例增大，机械效率升高。
9．【答案】C
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、飞机轮胎用导电橡胶制成，是为了在着陆时使机身积累的电荷流入大地，防止静电产生火花导致起火，故A不符合题意；
B、油罐车在运输过程中，油和罐之间不断摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走，这是防止静电危害，故B不符合题意：
C、用绝缘性能极好的塑料制作的塑料桶储存汽油时，由于期料不容易导电，静电不能及时导出，会出现静电危害，故C符合题意；
D、在印染厂车间里，物体间摩擦产生大量静电，所以印染车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害，故D不符合题意：
故选：C。
【分析】静电危害是由于物体间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害。
10．【答案】C
【知识点】电功的计算；电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】A.电水壶外壳与地线连接，一旦外壳漏电可以起到保护作用，故A错误；
B.加热档的工作电流为：，故B错误；
C.保温时1小时消耗电能W保温=P保温t=0.1kW×1h=0.1kW·h，故C正确；
D.加热档功率大于保温档功率，根据可知，加热档电阻小于保温档电阻，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据安全用电的常识判断；
（2）根据计算加热档时的电流；
（3）根据W=Pt计算保温档消耗的电能；
（4）根据比较电阻大小。
11．【答案】（1）运动的
（2）减小受力面积
（3）熔化
（4）惯性
【知识点】熔化与熔化吸热特点；惯性及其现象；增大压强的方法及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）以比赛中高速滑行的任子威为参照物，看台上的观众的位置不断改变，则他们是运动的；
（2）冰刀的刀刃做得很薄，这是通过减小受力面积来增大压强；
（3）冰刀滑过的位置、冰面上会出现少量水，即冰从固态变成液态发生熔化；
（4）运动员滑到终点不能马上停下来是因为运动员具有惯性。
【分析】（1）根据参照物的知识解答；
（2）增大压强的方法：①增大压力；②减小受力面积；
（3）根据物质的初始态和周末态确定物态变化的名称；
（4）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
12．【答案】（1）反射；无规则
（2）小；运动状态
【知识点】光的反射；力的作用效果；流体压强与流速的关系；分子热运动
【解析】【解答】（1）唐代诗人于良史的《春山夜月》中：“掬水月在手，弄花香满衣。”“月在手”是光的反射现象，“香满衣”这一现象说明分子在不停地做无规则运动；
（2）①清朝徐骏的《清风涛》中：“清风不识字，何故乱翻书。”“清风”能翻书是因为风使书页主方空气流速大，压强小。
②书页由静止变为运动说明力可以改变物体的运动状态。
【分析】（1）根据光的反射的知识解答。根据分子运动的知识解答；
（2）①流体流速越大的位置压强越小，根据流体压强和流速的关系解答。
②运动状态的改变包括：静止变运动，运动变静止，速度大小改变或运动方向改变。
13．【答案】（1）不同
（2）方向
（3）比热容较大
（4）不可再生
【知识点】比热容；能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】（1）“人造太阳”利用的是核聚变，而核电站利用核裂变，因此二者获得核能的方式不同；
（2）在核反应过程中产生的内能不能再自动转化为核能，这说明能量的转化和转移具有方向性；
（3）“人造太阳”工作时主要用水进行冷却，这是利用水的比热容较大的特点；
（4）从能源与可持续利用的角度看，核能不能在短时间内得到补充，因此核能是不可再生能源。
【分析】（1）根据核电站的工作原理分析；
（2）根据能量转化和转移的方向性解答；
（3）比热容是表示物质吸放热本领大小的物理量；
（4）不能在短时间内得到补充的能源为可再生能源。
14．【答案】（1）3.6×105；100
（2）2
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】(1)消防员要克服重力做的功：
克服重力做功的功率：
(2)消防员在全程的平均速度：v
故答案为：(1)3.6x105；100；(2)2。
【分析】(1)根据W=Gh求消防员要克服重力做的W功，利用功率公式求克服重力做功的功率；
(2)根据速度公式求出消防员在全程的平均速度。
15．【答案】（1）加带孔的盖
（2）96
（3）低于；不变
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】(1)为了保证温度一致应该在烧杯上加带孔的盖，才能准确测量水的温度；
(2)由图乙可知，温度计的分度值是1℃，所以温度计的示数是96℃
(3)由表中的实验数据可知：水不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以此时水的沸点是98℃；
1标准大气压下水的沸点是100℃，根据气压越低，沸点越低，所以此时大气压小于1标准大气压：
当水的温度达到沸点后，需要吸热，温度保持不变。
故答案为：(1) 加带孔的盖；(2)96.(3)小于：不变。
【分析】本题考查探究水沸腾实验，关键是将实验操作要求及结论熟练掌握，认真审题分析。
(1)该实验要点在于实验前安转顺序从下往上安装，温度计的测量温度的要点，加盖为了节约加热时间、保证温度一致。
(2)从图中能看出温度计的分度值是1℃，然后根据液面到达的刻度即可读数：
(3)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；沸点与气压的关系：沸点随气压的增大而升高，随气压的减小而降低；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。
16．【答案】（1）10
（2）将蜡烛适当升高
（3）缩小；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】(1)一束平行于主光轴的光射向凸透镜，移动光屏，直到光屏的光斑变得最小、最亮；最后测量这个光斑到凸透镜的距离就是焦距。因此凸透镜的焦距：f=60cm-50cm=10cm；
(2)由乙图可知烛焰在光屏上的像偏高，为使像能成在光屏的中央，可以向上移动烛焰或向下移动凸透镜，或向上移动光屏，因题目要求，不调节凸透镜，所以合理操作是将蜡烛适当升高 ；
(3)凸透镜位于50cm刻线处，将蜡烛向左移动20cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用此原理。
故答案为：(1)100；(2) 将蜡烛适当升高；(3)缩小；照相机。
【分析】凸透镜成像规律是光学内容的难点，首先要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系，对规律进行总结，解决本题要点在于读图：甲图可以读出焦距，乙图可以重点看物距。
17．【答案】（1）匀速直线；相等；
（2）压力大小
（3）甲丙
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】解答】（1）①为了测出滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块所受的滑动摩擦力与拉力的大小关系是相等；
②木块受到的摩擦力作用在重心上，方向水平向左，如下图所示：
（2）根据图片可知，甲和乙中接触面粗糙程度相同，只有压力大小不同，因此探究滑动摩擦力大小与压力的关系；
（3）鞋底做有凸凹不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦力。探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相等，只改变接触面，故选实验甲和丙。
【分析】（1）①当木块在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反。
②确定摩擦力的大小、方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段即可。
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。
18．【答案】（1）
（2）灯泡L2断路
（3）1
（4）不相同
【知识点】并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，灯泡L1与L2并联，A点与L1串联在同一支路上，那么此点的电流表测L1的电流，如下图所示：
（2）闭合开关，观察到灯L1发光，灯L2不发光，电路可能存在的故障是：灯泡L2断路；
（3）根据甲图可知，B点为L2的电流，C点为干路电流，则C点电流大于B点电流。根据乙图可知，电流表选择量程0~3A时，分度值为0.1A，则示数为1A；选择量程为0~0.6A时，分度值为0.02A，示数为0.2A。比较可知，C点电流为1A。
（4）如果两个灯泡的规格相同，那么通过它们的电流大小相等，那么可以得到并联电路各支路电流相等的结论，但是这个结论是错误的，因此两个灯泡的规格不相等。
【分析】（1）根据甲图确定电路的串并联关系以及电表的位置，然后对丙图进行补充；
（2）灯泡L2不发光，可能发生断路或短路。灯泡L1与L2并联，如果L2发生短路，那么L1同时被短路，那么它不会发光，据此分析解答。
（3）根据甲图，利用并联电路的电流规律比较B、C两点电流大小，再根据图乙确定电流表的量程和分度值，根据指针的位置读出示数 ；
（4）根据灯泡规格相同时通过的电流大小相等分析。
19．【答案】（1）灵敏电流计（电流表）
（2）切割磁感线；电源；电
（3）法拉第；发电机
【知识点】探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）实验时，通过观察电流表的指针是否偏转，来确定电路中是否产生感应电流，故 a、b 两接线柱间应接入小量程电流表（灵敏电流计）；
（2）闭合电路的部分导体 AB 在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此时导体 AB 相当于电路中的电源；电磁感应现象中，消耗了机械能，得到了电能；
（3）法拉第最早发现了电磁感应现象，发电机的原理是电磁感应现象。
故答案为：（1）灵敏电流计； 切割磁感线；电源；电； 法拉第；发电机。
【分析】本题考查了电磁感应现象的探究实验，知道产生感应电流的条件，电磁感应中能量转化等。
（1）电路中有电流时，电流表的指针转动，因此可以通过观察电流表的指针是否偏转来确定
是否产生了感应电流；
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流：根据电磁感应现象中的能量转化以及应用的基础知识分析；
(3)法拉第经发现了电磁感应现象，发电机与电动机的区别在于实验中是否有电源。
20．【答案】（1）排开液体的体积；浸没深度；变大
（2）0.4
（3）
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）①图甲中玻璃瓶装满水后部分浸没水中，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F，图乙知玻璃瓶装满水后全部浸没水中，容器A中水面又上升h1，弹簧测力计示数为0.8F，此过程中物体排开水的体积变大，那么浮力的大小与排开水的体积有关；
②物体浸没后继续增大玻璃瓶浸没的深度，弹簧测力计示数不变，由F浮=G-F知浮力不变，说明物体所受浮力的大小与浸没的深度无关；
③此过程中瓶底的深度增加，由p=ρ液gh可知，瓶底所受水的压强变大；
（2）图甲中玻璃瓶装满水后部分浸没水中，容器A中水面上升h1，弹簧测力计示数为F；
图乙中玻璃瓶装满水后全部浸没水中，容器A中水面又上升h1，
说明V甲排=V乙排，
根据F浮=ρ液gV排可知，F浮甲=F浮乙 ①，
又因为F浮甲=G-F，F浮乙=G-0.8F，
所以F浮乙-F浮甲=G-0.8F-（G-F）=0.2F ②，
①②联立解得：F浮乙=0.4F，
即ρ水gSA （h1+h1）=0.4F；
（3）因为F浮乙=G-0.8F，且F浮乙=0.4F，
所以G=1.2F=3×0.4F=3×ρ水gSA （h1+h1）=6ρ水gSAh1，
瓶中水的体积为：V水=SBh2，V瓶=V乙排=SA （h1+h1）=SA 2h1，
又因为SA=SB，所以玻璃的体积为：
V玻璃=V瓶-V水=2SA h1-SBh2，
则水的质量：m水=ρ水SBh2，
则空瓶的质量为：m玻璃=m-m水=-m水=6ρ水SAh1-ρ水SBh2，
制作玻璃瓶的材料密度为：。
【分析】（1）①根据描述分析哪个因素发生改变即可；
②当深度改变时，如果浮力同时改变，那么浮力与深度有关；否则，浮力与深度无关；
③根据液体压强公式p=ρ液gh分析瓶底受到水的压强变化。
（2）根据甲、乙两图，确定二者排开液体体积的数量关系，从而找到二者受到浮力的数量关系，接下来通过平衡力的知识列式推导计算即可。
（3）根据算出乙受到的浮力和称重法表示的乙受到的浮力，由阿基米德原理公式和变化的深度表示出玻璃瓶和水的总重力，根据V水=SBh2表示出瓶中水的体积，用V瓶=V乙排表示出瓶子的容积，用V玻璃=V瓶-V水表示出玻璃的体积，由m水=ρ水SBh2表示出水的质量，由m玻璃=m-m水表示出空瓶的质量，由密度公式表示出制作玻璃瓶的材料密度
21．【答案】（1）电磁波
（2）省力
（3）10V
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；欧姆定律及其应用；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）手机扫码付款利用了电磁波传递信息；
（2）由图乙可知，O为支点，动力臂为OB，阻力臂为OA，即动力臂大于阻力臂，则杠杆OAB是省力杠杆；
（3）由图乙可知，两电阻串联，电压表测R0两端的电压；
由图丙可知，压敏电阻R的阻值与压力F的乘积为一定值，
因此压敏电阻R的阻值与压力F成反比，
且表达式为：；
1枚1元硬币的重力：G=mg=6×10-3kg×10N/kg=0.06N，
对于轻质杠杆OAB，由杠杆的平衡条件可得：F1×OA=G×OB，
F1×1=0.06N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1=0.6N，
此时压敏电阻R的阻值：，
串联电路的电压特点和欧姆定律可知，
电源电压：U=UR+U0=IR+U0=×40Ω+3.2V……①
2枚5角硬币的重力：G'=m'g=2×4×10-3kg×10N/kg=0.08N，
由杠杆的平衡条件可得：F1'×OA=G'×OB，
F1'×1=0.08N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1'=0.8N，
此时压敏电阻R的阻值，
电源电压：U=UR'+U0'=×30Ω+4V……②
由①②解得：R0=10Ω，U=16V；
由题意可知，由10枚5角的硬币组成5元时的硬币总质量最大，为：m大=10×4g=40g，
10枚5角的硬币的重力：G大=m大g=40×10-3kg×10N/kg=0.4N，
由杠杆的平衡条件可得：F1大×OA=G大×OB，
F1大×1=0.4N×10，
解得：压敏电阻R受到的压力：F1大=4N，
此时压敏电阻R的阻值：，
此时电路中的总电阻：R总小=R0+R小=10Ω+6Ω=16Ω，
此时电路中的电流：，
那么预设电压中的最大值：U大=I大R0=1A×10Ω=10V。
【分析】（1）根据电磁波的应用解答；
（2）比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
（3）根据图丙可知压敏电阻的阻值与压力之间的关系，根据G=mg求出1枚1元硬币的重力，根据杠杆平衡条件求出压敏电阻R受到的压力，根据压敏电阻的阻值与压力之间的关系求出压敏电阻的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压，同理串联电路的电压特点和欧姆定律表示出投入2枚5角硬币时的电源电压，解方程求出R0的阻值和电源电压；
根据硬币的质量确定5元硬币的最大质量，根据G=mg求出硬币的最大质量，根据杠杆平衡条件求出压敏电阻R受到的压力，根据压敏电阻的阻值与压力之间的关系求出此时压敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出预设电压中的最大值。
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