卷子答案网-一个不只有答案的网站2022-2023学年山东省临沂九中九年级（上）期中物理试卷
一、单选题（每题3分，共26分）
1．（3分）如图甲所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌一会儿，如图乙所示，白霜的形成属于（ ）
A．液化 B．熔化 C．升华 D．凝华
2．（3分）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）
A．温度为0℃的物体没有内能
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度可能不变
D．温度越高的物体，所含的热量越多
3．（3分）“二十四节气”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气涉及的物态变化及吸、放热情况，说法正确的是（ ）
A．“白露”节气，露的形成是升华现象
B．“寒露”节气，露的形成要吸收热量
C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象
D．“大雪”节气，雪的形成要吸收热量
4．（3分）如图所示是一新款跑车，当跑车在水平路面上疾驰时，下列说法正确的是（ ）
A．给跑车提供动力的是压缩冲程
B．跑车用水作冷却剂，是因为水的比热容小
C．做功冲程中，内能转化为机械能
D．夏天在户外的车身较热，这是通过做功增加车身的内能
5．（3分）小明将两只相同的气球在头发上摩擦后，发现气球B会随着气球A的运动而“舞动”。下列解释正确的是（ ）
A．摩擦的方法使两气球中的电子发生转移而带了电荷
B．摩擦的方法创造了电荷使两气球各自带了电荷
C．气球在跳舞，是因为受到惯性的作用
D．两气球因带异种电荷而互相吸引
6．（3分）下列有关“电”的说法正确的是（ ）
A．摩擦起电的实质是创造了电荷
B．运动的电荷一定形成电流，自由电子的定向移动方向就是电流的方向
C．当电阻不变时，电流与电阻两端电压成反比
D．电阻中有电流，它的两端一定有电压
7．（3分）电热蚊香器是一种常用的除蚊工具。当蚊香器接上电源，需要闭合开关S，才能使指示灯L发光，但发热体依然能正常工作。则下列电路连接方式符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（3分）关于电流、电压、电阻的关系，下列说法正确的是（ ）
A．在电压一定时，通过导体的电流跟导体的电阻成反比
B．一段导体的电阻大小跟电压电流都有关系
C．电路中电流为0时，电压也为0
D．电压越大，电流一定越大
9．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为6V，当开关闭合后，产生这一现象的原因是（ ）
A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
10．（3分）2022冬奥会闭幕式，通过丰富的科技手段和艺术化诠释，以简约风格展现了中国式的浪漫。梦幻五环缓缓升起1闭合时舞台灯亮起，当按下开关S2时，电动机才能启动控制火炬台降落；若舞台灯不亮（ ）
A． B．
C． D．
11．（3分）如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图象，由图象可知（ ）
A．乙是小灯泡的I—U图象
B．定值电阻的阻值为5Ω
C．定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上，干路中的电流是1.2A
D．定值电阻R和小灯泡L串联接在6V的电源上，电路中的电流是0.4A
12．（3分）如图电路中，电源电压不变，当开关闭合时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表V和电流表A1、A2的示数都变大
B．电流表A2示数变大，电压表V和电流表A1示数不变
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大
D．电流表A1示数变大，电压表V和电流表A2示数不变
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（3分）“神舟十一号”飞船发射的过程中，当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦 （选填“升高”或“降低”），内能会 （选填“增大”或“减小”），这是通过 的方式来改变物体内能的。
14．（3分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，这与四冲程汽油机的 冲程的能量转化相同。某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，该汽油机每秒钟对外做 次功。图中乙所示是四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在 冲程。
15．（2分）如图所示是两个定值电阻的电流随电压变化的关系曲线，从图中可以知道两个电阻阻值的大小关系为RA RB（填“＞”、“＜”或“＝”）。若将A、B两个定值电阻串联接在某电源两端，已知电阻A通过的电流为0.3A，则B两端的电压应为 V。
16．（2分）有一只小灯泡正常工作时的电压是3V，电流是0.5A。如果我们只有电压为9V的电源，要使小灯泡正常发光 联一个 Ω。
17．（2分）在图甲所示电路中，当闭合开关后，两灯均发光，指针位置均为如图乙所示，则电源电压为 V，灯L1两端的电压为 V。
18．（2分）薛物理同学设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示，其中电源两端电压保持不变，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，甲为油量表，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。则甲表是用 表改装而成的，油箱中的油量减少时，浮子随油面下降 （变大、变小）。
三、实验题（每空2分，共36分）
19．（14分）（1）如图甲是探究冰熔化时温度变化规律采用水浴法加热实验装置，图乙是实验中某时刻温度计的示数，图丙是根据实验数据绘制出的图像；
①图乙温度计的示数 ℃；
②由图丙可知，冰熔化过程中吸热，温度 （选填“升高”“降低”或“不变”），冰的熔点是 ℃，第七分钟处于 态；
③冰完全熔化为水后，加热足够长时间，试管内的水 沸腾（选填“会”或“不会”）；
（2）在“探究液体的沸腾特点”的实验中，小明选用完全相同的电热棒、烧杯和温度计，分别对甲（200g水）（100g水）、丙（100g煤油）进行测量，温度升高的快慢不同，乙比甲升温的快是因为 ；丙比乙升温的快是因为 。
20．（12分）小阳利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0～50Ω”。
（1）如图乙所示的实物电路中存在连线错误，而且只要改接一根导线就可以了，请你把错误的那根导线打上“×”（导线不允许交叉）；
（2）电路改正以后，闭合开关前应将滑动变阻器滑片调至最 端；（选填“左”或“右”）
（3）为了用上所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持 V不变；
（4）实验中将5Ω的定值电阻更换这10Ω的定值电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器滑片向 适当滑动，使电压表示数恢复到原来的值；
（5）小阳同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丙所示，读数、记录均正确。但老师发现五次数据中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丙中的数据分析 Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
（6）排除错误的实验数据，你可以得出的结论是 。
21．（10分）小明和同学用“伏安法”测小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V。
（1）开关S闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移动到 （选填“A”或“B”）端；
（2）闭合开关S前，他们发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，其原因可能是 （选填字母序号）；
A.电流表没调零
B.电流表正、负接线柱接反了
（3）当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电压表示数为2.1V，要测量小灯泡正常发光时的电阻 移；
（4）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，画出如图乙所示的U﹣I图像 Ω；
（5）实验中测出了小灯泡在多次不同电压下的灯丝电阻，有些同学认为可以进一步求出它们的平均值以减小误差。这些同学的观点是错误的，因为灯泡的电阻受 影响很大。
四、计算题（22题8分，23题6分共14分）
22．（8分）一壶中装有质量为2.5kg的水，在液化石油气炉上从20℃加热到100℃，在这过程中（壶吸收的热量忽略不计），求：
（1）水共吸收了多少热量？
（2）这些液化石油气完全燃烧共放出多少热量？
（3）炉子的效率？（液化石油气的热值是4.0×107J/kg）
23．（6分）如图甲所示为一个超声波加湿器，它可以对干燥的房间进行加湿，给人们创设舒适的生活环境，定值电阻R0＝20Ω，湿敏电阻R的阻值随湿度（RH）变化的关系图像如图丙所示。求：
（1）当电流表示数为0.2A时，电压表的示数；
（2）当湿度为50%时，电路中电流表的示数。
2022-2023学年山东省临沂九中九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（每题3分，共26分）
1．（3分）如图甲所示，将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌一会儿，如图乙所示，白霜的形成属于（ ）
A．液化 B．熔化 C．升华 D．凝华
【答案】D
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华。
【解答】解：易拉罐的下部有白霜形成，是由于空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
2．（3分）关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（ ）
A．温度为0℃的物体没有内能
B．物体温度升高，一定是吸收了热量
C．物体吸收了热量，温度可能不变
D．温度越高的物体，所含的热量越多
【答案】C
【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关。
（2）做功和热传递都能改变物体的内能；
（3）晶体凝固过程，吸热但温度不变；
（4）热量是一状态量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有。
【解答】解：
A．一切物体都具有内能，故A错误；
B．物体温度升高，也可能是外界对物体做功；
C．晶体熔化过程，所以物体吸收了热量，故C正确；
D．热量是一个过程量，所含的热量越多”。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对内能的概念和改变物体内能的方法以及内能、温度与热量三者之间关系的掌握，是一道热学综合题。
3．（3分）“二十四节气”是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气涉及的物态变化及吸、放热情况，说法正确的是（ ）
A．“白露”节气，露的形成是升华现象
B．“寒露”节气，露的形成要吸收热量
C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象
D．“大雪”节气，雪的形成要吸收热量
【答案】C
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
【解答】解：AB、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故AB错误；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶；
D、雪是水蒸气凝华放热形成的。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（3分）如图所示是一新款跑车，当跑车在水平路面上疾驰时，下列说法正确的是（ ）
A．给跑车提供动力的是压缩冲程
B．跑车用水作冷却剂，是因为水的比热容小
C．做功冲程中，内能转化为机械能
D．夏天在户外的车身较热，这是通过做功增加车身的内能
【答案】C
【分析】（1）（3）压缩冲程中，机械能转化为内能；在做功冲程中，内能转化为机械能；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比较，升高相同的温度，水吸收的热量多；
（4）改变内能的方法有两个：做功和热传递。
【解答】解：
AC、压缩冲程中将机械能转化为内能，因此给跑车提供动力的是做功冲程、C正确；
B、用水做冷却剂，相同质量的水和其它物质相比较，水吸收的热量更多；
D、夏天在户外的车、温度升高，故D错误。
故选：C。
【点评】本题综合考查了汽油机的能量转化、改变内能的方法、比热容的认识和理解，要牢固掌握这些基础知识。
5．（3分）小明将两只相同的气球在头发上摩擦后，发现气球B会随着气球A的运动而“舞动”。下列解释正确的是（ ）
A．摩擦的方法使两气球中的电子发生转移而带了电荷
B．摩擦的方法创造了电荷使两气球各自带了电荷
C．气球在跳舞，是因为受到惯性的作用
D．两气球因带异种电荷而互相吸引
【答案】A
【分析】用摩擦的方法使物体带电叫做摩擦起电；摩擦起电的实质：使正负电荷分开，并发生了电荷的转移，并不是创造了电荷；同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引。
【解答】解：AB、摩擦的方法使两气球中的电子发生转移而带了电荷，B错误；
CD、气球在跳舞，故CD错误。
故选：A。
【点评】此题考查了摩擦起电现象、摩擦起电的实质、电荷间的相互作用规律，属基础题目。
6．（3分）下列有关“电”的说法正确的是（ ）
A．摩擦起电的实质是创造了电荷
B．运动的电荷一定形成电流，自由电子的定向移动方向就是电流的方向
C．当电阻不变时，电流与电阻两端电压成反比
D．电阻中有电流，它的两端一定有电压
【答案】D
【分析】（1）摩擦起电是由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电；
（2）电荷发生定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，金属导体中是自由电子定向移动形成电流；
（3）在电阻一定时，电流与电压成正比；
（4）得到持续电流的条件是有电源和电路是闭合电路，两个条件缺一不可。
【解答】解：A、摩擦起电的实质，只是通过摩擦，得到电子的物体带负电，故A错误；
B、电荷的定向移动形成电流，故B错误；
C、电阻一定时，故C错误；
D、电压是使电路中形成电流的原因，两端就一定有电压。
故选：D。
【点评】此题考查了摩擦起电的实质、电流方向的规定、电流与电压的关系及电路中形成电流的原因，属于易错题，解答时要认真分析。
7．（3分）电热蚊香器是一种常用的除蚊工具。当蚊香器接上电源，需要闭合开关S，才能使指示灯L发光，但发热体依然能正常工作。则下列电路连接方式符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】根据指示灯、发热体在工作时是否相互影响分析电路的连接方式。
【解答】解：根据题意可知，当蚊香器接上电源，指示灯L发光，说明开关同时控制指示灯和发热体，但发热体依然能正常工作，是并联的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了实验电路设计，根据题意确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。
8．（3分）关于电流、电压、电阻的关系，下列说法正确的是（ ）
A．在电压一定时，通过导体的电流跟导体的电阻成反比
B．一段导体的电阻大小跟电压电流都有关系
C．电路中电流为0时，电压也为0
D．电压越大，电流一定越大
【答案】A
【分析】根据欧姆定律的内容和影响电阻大小的因素进行解答。
【解答】解：
A、根据欧姆定律可知，通过导体的电流跟导体的电阻成反比；
B、电阻是导体本身阻碍电流的性质、材料，与通过它的电流，故B错误；
C、电路中电流为0时，故C错误；
D、在电阻一定时，电流一定越大。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对影响电阻大小的因素、欧姆定律内容的掌握和理解，是一道基础题目。
9．（3分）在如图所示的电路中，电源电压为6V，当开关闭合后，产生这一现象的原因是（ ）
A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路
【答案】C
【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压。根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障。
【解答】解：
A．灯L1短路时，电压表被短路无示数，故A错误；
B．灯L2短路时，电路为L6的简单电路，L1能发光，与题意不符；
C．灯L1断路时，电路断路，电压表串联在电路中测电源的电压，故C正确；
D．灯L6断路时，电路断路，两灯泡不亮且电压表无示数，故D错误。
故选：C。
【点评】在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。
10．（3分）2022冬奥会闭幕式，通过丰富的科技手段和艺术化诠释，以简约风格展现了中国式的浪漫。梦幻五环缓缓升起1闭合时舞台灯亮起，当按下开关S2时，电动机才能启动控制火炬台降落；若舞台灯不亮（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【分析】根据开关闭合后指示灯和电动机的工作情况分析电路的连接情况，再选择合适的电路图。
【解答】解：当电源开关S1闭合时舞台灯亮起，此时电动机不工作2自动闭合，电动机才能启动，即两者是并联的8在干路上，S2在电动机支路上，由各选项电路图知，ABD不符合要求。
故选：C。
【点评】本题考查电路的设计，根据题意正确分析指示灯和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。
11．（3分）如图所示，是定值电阻R和小灯泡L中电流随电压变化的图象，由图象可知（ ）
A．乙是小灯泡的I—U图象
B．定值电阻的阻值为5Ω
C．定值电阻R和小灯泡L并联接在4V的电源上，干路中的电流是1.2A
D．定值电阻R和小灯泡L串联接在6V的电源上，电路中的电流是0.4A
【答案】C
【分析】（1）由图可知乙为定值电阻的图像，通过电阻的电流和两端的电压成正比，任意读出一组电压和电流，根据欧姆定律求出R的阻值；
（2）两灯泡并联时两端的电压相等，且都等于电源电压，根据图象读出对应的电流，根据并联电路的电流特点得出干路电流；
（3）串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.4A时灯泡两端的电压和定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律计算电源电压，比较可知。
【解答】解：（1）由图象可知乙为定值电阻的图像，当U＝4V时，
由欧姆定律可得，电阻R的阻值：R＝＝，故AB错误；
（2）将R和L并联在电源电压为4V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以它们两端的电压均为3V，
由图象可知对应的电流：IL＝0.8A，IR＝8.4A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：
I′＝IL+IR＝0.4A+0.4A＝5.2A，故C正确；
（3）串联电路各处电流相等，由图可知当通过电路的电流为0.2A时，定值电阻两端的电压为4V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，所以此时的电源电压：U＝UL+UR＝1V+8V＝5V，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中得出灯泡和R电流与电压之间的关系。
12．（3分）如图电路中，电源电压不变，当开关闭合时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表V和电流表A1、A2的示数都变大
B．电流表A2示数变大，电压表V和电流表A1示数不变
C．电压表V示数与电流表A2示数的比值变大
D．电流表A1示数变大，电压表V和电流表A2示数不变
【答案】D
【分析】由电路图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，A2测R2的电流；
根据并联电路的电压特点和电源的电压可知电压表示数的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律、并联电路的特点分析两个电流表示数的变化。
【解答】解：
由图可知，R2与滑动变阻器R1并联，电压表测电源的电压2测干路电流，A2测R2的电流。
因电源电压不变，所以滑片向右移动到中点的过程中电压表V示数不变；
根据并联电路的电压特点可知U8＝U2＝U，滑动变阻器的滑片P由左端向右移动到中点的过程中，R1连入电路的阻值减小，由I＝5的电流变大；因并联电路各支路互不影响2的电流不变，即A2的示数不变；
R6的电流变大，R2的电流不变，根据并联电路的电流特点可知，即A1示数变大；
因电压表V的示数不变，电流表A3示数不变，则它们的比值不变；
综上所述，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和并联电路特点的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响的特点。
二、填空题（每空1分，共14分）
13．（3分）“神舟十一号”飞船发射的过程中，当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦 升高 （选填“升高”或“降低”），内能会 增大 （选填“增大”或“减小”），这是通过 做功 的方式来改变物体内能的。
【答案】升高；增大；做功。
【分析】改变物体内能方式：做功和热传递。与大气层发生剧烈摩擦，克服摩擦做功，物体内能会增加，温度升高。
【解答】解：改变物体内能方式：做功和热传递。故“神舟十一号”在发射的过程，会与大气层发生剧烈摩擦，内能会增加。
故答案为：升高；增大。
【点评】该题考查做功改变物体内能，属于常考题目，难度不大，熟练掌握改变物体内能的两种方式是关键。
14．（3分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，这与四冲程汽油机的 压缩 冲程的能量转化相同。某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，该汽油机每秒钟对外做 20 次功。图中乙所示是四冲程汽油机工作状态示意图，由图可以看出，此时它正处在 做功 冲程。
【答案】压缩；20；做功。
【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；
（2）在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次；
（3）根据气门和活塞的情况判断出图乙是哪个冲程。
【解答】解：（1）在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，这说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加，达到棉花的着火点；压火仪实验中，与内燃机的压缩冲程相似；
（2）四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min＝40r/s，则该飞轮每秒钟转40圈，完成四个工作冲程，所以飞轮转40圈，做功20次；
（3）由图可知，两个气门都关闭，为做功冲程。
故答案为：压缩；20。
【点评】根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化）；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题。
15．（2分）如图所示是两个定值电阻的电流随电压变化的关系曲线，从图中可以知道两个电阻阻值的大小关系为RA ＜ RB（填“＞”、“＜”或“＝”）。若将A、B两个定值电阻串联接在某电源两端，已知电阻A通过的电流为0.3A，则B两端的电压应为 3 V。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）由图象可知，两定值电阻的电流相等时两端的电压关系，根据I＝比较电阻关系；
（2）将A、B两个定值电阻串联接在某电源两端，通过它们的电流相等，根据图象读出B两端的电压。
【解答】解：
（1）由图象可知，两定值电阻的电流相等时A＜UB，
由I＝的变形式R＝，两电阻的阻值关系为RA＜RB；
（2）若将A、B两个定值电阻串联接在某电源两端，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过B的电流也为0.3A，
由图象可知，B两端的电压为7V。
故答案为：＜；3。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
16．（2分）有一只小灯泡正常工作时的电压是3V，电流是0.5A。如果我们只有电压为9V的电源，要使小灯泡正常发光 串 联一个 12 Ω。
【答案】串；12。
【分析】已知小灯泡正常工作时的电压和电源电压，根据串联分压的原理可知，要使灯泡正常发光，应串联一个电阻分压。根据串联电路的电压规律求得电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求得电阻的阻值。
【解答】解：因为小灯泡正常工作时的电压UL＝3V，小于电源电压U＝9V，
所以要使灯泡正常发光，应给灯泡串联一个电阻分压；
因为串联电路两端的电压等于各分部分电路两端的电压之和，
所以此时电阻两端的电压为：UR＝U﹣UL＝3V﹣3V＝6V，
因为串联电路中各处电流相等，所以通过电阻的电流为：IR＝IL＝8.5A，
电阻的阻值为：R＝＝＝12Ω。
故答案为：串；12。
【点评】本题考查了欧姆定律和串联电路特点的应用，难度不大。
17．（2分）在图甲所示电路中，当闭合开关后，两灯均发光，指针位置均为如图乙所示，则电源电压为 6 V，灯L1两端的电压为 4.8 V。
【答案】6；4.8
【分析】由图甲所示电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L2两端电压；
根据串联电路的电压特点与指针偏转情况确定两电压表量程，读出其示数，然后求出两灯泡两端电压。
【解答】解：由图甲所示的电路图可知，两个灯泡串联接入电路中1测电源电压，电压表V2测电灯泡L2两端电压；
因为两只电压表的指针偏转角度相同，根据串联电路中总电压大于部分电路电压可得1的量程为0～15V，电压表V2的量程为0～3V；
由图乙可得，电压表V5的示数为6V，即电源电压为6V8的示数为1.2V，即L3两端电压为1.2V；
因为串联电路中，电源电压等于各用电器两端电压之和2两端电压为：U1＝U﹣U2＝4V﹣1.2V＝4.8V。
故答案为：6；2.8。
【点评】本题考查了电压表的读数、串联电路的电压规律，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键。
18．（2分）薛物理同学设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示，其中电源两端电压保持不变，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，甲为油量表，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。则甲表是用 电流 表改装而成的，油箱中的油量减少时，浮子随油面下降 变小 （变大、变小）。
【答案】电流；变小。
【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，油量表串联接入电路中；
根据油量的变化判断杠杆转动的方向，可知道滑片P移动的方向，从而得出变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化。
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，油量表串联接入电路中；
当油箱中的油量减少时，浮子随油面下降，变阻器R连入电路的电阻变大，由于电源电压不变，电路中的电流变小。
故答案为：电流；变小。
【点评】本题考查了滑动变阻器和欧姆定律的应用，正确地分析油量变化时滑片移动的方向是关键。
三、实验题（每空2分，共36分）
19．（14分）（1）如图甲是探究冰熔化时温度变化规律采用水浴法加热实验装置，图乙是实验中某时刻温度计的示数，图丙是根据实验数据绘制出的图像；
①图乙温度计的示数 6 ℃；
②由图丙可知，冰熔化过程中吸热，温度 不变 （选填“升高”“降低”或“不变”），冰的熔点是 0 ℃，第七分钟处于 固液共存 态；
③冰完全熔化为水后，加热足够长时间，试管内的水 不会 沸腾（选填“会”或“不会”）；
（2）在“探究液体的沸腾特点”的实验中，小明选用完全相同的电热棒、烧杯和温度计，分别对甲（200g水）（100g水）、丙（100g煤油）进行测量，温度升高的快慢不同，乙比甲升温的快是因为 乙杯中水的质量少 ；丙比乙升温的快是因为 丙物质比热容小 。
【答案】（1）①6；②不变；0；固液共存；③不会；（2）乙杯中水的质量少；丙物质比热容小。
【分析】（1）①温度计读数时要注意观察分度值和液面在零上或零下；
②冰是晶体，在熔化过程中持续吸热，温度不变，该不变的温度就是熔点；晶体在熔化之前是固态，在熔化过程中是固液共存态，在熔化之后是液态；
③水沸腾时的特点是持续吸热，温度保持在沸点不变；水沸腾的条件有两个：达到沸点，继续吸热；
（2）水的沸点跟大气压有关，大气压越低，沸点越低，大气压越高，沸点越高；同种液体影响加热时间的因素主要有质量、初温和火力大小；
由Q＝cmΔt可知质量相同的不同物质吸收相同的热量时，比热容大的物质温度升高得慢，比热容小的物质温度升高得快（要注意用相同的加热器加热时，加热时间相同，吸收的热量相同）。
【解答】解：（1）①由图可知，该温度计的分度值是1℃，因此读数是6℃；
②由图丙可知，冰熔化过程中吸热，该不变的温度就是熔点；第3分钟正处于熔化过程中；
③冰完全熔化后，加热足够长的时间，沸腾后持续吸热，而试管中的水可以达到沸点，因此试管内的水不会沸腾；
（2）由题可知甲、乙都是水，所用加热器相同，相同时间内，甲，温度升高不同是因为它们的质量不同；
由题可知乙、丙是质量相同的不同物质，在相同时间内吸收的热量相同，因此由Q＝cmΔt可知两杯液体温度升高不同是因为它们的比热容不同；
故答案为：（1）①6；②不变；0；③不会；丙物质比热容小。
【点评】本题主要考查了固体熔化时温度变化的规律以及探究水沸腾时温度变化的特点，属于中等题。
20．（12分）小阳利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压为4.5V且保持不变，实验用到的定值电阻阻值分别为25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，滑动变阻器的规格为“0～50Ω”。
（1）如图乙所示的实物电路中存在连线错误，而且只要改接一根导线就可以了，请你把错误的那根导线打上“×”（导线不允许交叉）；
（2）电路改正以后，闭合开关前应将滑动变阻器滑片调至最 右 端；（选填“左”或“右”）
（3）为了用上所有的定值电阻正确完成五次实验，应利用滑动变阻器控制定值电阻两端的电压至少保持 1.5 V不变；
（4）实验中将5Ω的定值电阻更换这10Ω的定值电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器滑片向 右 适当滑动，使电压表示数恢复到原来的值；
（5）小阳同学每次随机选取一个定值电阻，进行了五次实验，根据所得数据画出电流与电阻关系的图像如图丙所示，读数、记录均正确。但老师发现五次数据中有一次未移动滑动变阻器滑片控制电压表示数一定，根据图丙中的数据分析 20 Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片。
（6）排除错误的实验数据，你可以得出的结论是 在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 。
【答案】（1）如上图所示；（2）右；（3）1.5； （4）右；（5）20；（6）在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【分析】（1）原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
（2）为保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器滑片调至阻值最大处；
（3）设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理分析求解；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据如图丙画出的电流与电阻关系的图像知，除定值电阻为20Ω外，电流与电阻之积为一定值，由串联电路的规律和欧姆定律结合分压原理分析；
（6）在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【解答】解：（1）原电路中，电流表与电阻并联，电流表应与电阻串联，如下所示：
（2）电路改正以后，闭合开关前应将滑动变阻器滑片调至阻值最大处；
（3）设控制定值电阻两端的电压至少保持UV，由串联电路的规律和分压原理有：＝，
当定值电阻最大时，对应的变阻器连入电路最大，
即：＝，故控制定值电阻两端的电压至少保持UV＝6.5V；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，由分压原理，所以滑片应向右端移动；
（5）根据如图丙画出的电流与电阻关系的图像知，除定值电阻为20Ω外
UV＝IR＝2.6A×5Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣6.12×25Ω＝3V，故阻值为20Ω的定值电阻连入电路时未移动滑片；
（6）将上述错误调整后，根据实验数据可以得出结论：在导体两端电压一定时。
故答案为：（1）如上图所示；（2）右； （4）右；（6）在导体两端电压一定时。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、操作过程、电路分析、控制变量法和数据分析及串联电路的规律与欧姆定律的运用
21．（10分）小明和同学用“伏安法”测小灯泡的电阻，小灯泡正常工作时的电压为2.5V。
（1）开关S闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移动到 A （选填“A”或“B”）端；
（2）闭合开关S前，他们发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，其原因可能是 A （选填字母序号）；
A.电流表没调零
B.电流表正、负接线柱接反了
（3）当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电压表示数为2.1V，要测量小灯泡正常发光时的电阻 右 移；
（4）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，画出如图乙所示的U﹣I图像 12.5 Ω；
（5）实验中测出了小灯泡在多次不同电压下的灯丝电阻，有些同学认为可以进一步求出它们的平均值以减小误差。这些同学的观点是错误的，因为灯泡的电阻受 温度 影响很大。
【答案】（1）A；（2）A；（3）右；（4）12.5；（5）温度。
【分析】（1）为了保护电路，开关S闭合前，应将滑动变阻器的滑片P移动到阻值最大处；
（2）电表使用前要调零；
（3）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（4）根据图乙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R＝求出小灯泡正常发光时的电阻；
（5）灯丝电阻随温度的变化而变化，不是一定值，求平均值没有意义。
【解答】解：（1）为了保护电路，开关S闭合前，即A端；
（2）闭合开关S前，他们发现电流表的指针指在零刻度线的左侧，故选：A；
（3）当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电压表示数为2.1V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，根据串联电路电压规律，根据分压原理，故应将滑动变阻器的滑片向右移；
（4）由图乙可知，当灯泡两端电压为3.5V时，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝＝＝12.5Ω；
（5）灯丝电阻随温度的变化而变化，不是一定值，故这些同学的观点是错误的。
故答案为：（1）A；（2）A；（4）12.5。
【点评】本题用“伏安法”测小灯泡的电阻实验，考查了注意事项、电表的使用、实验操作、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。
四、计算题（22题8分，23题6分共14分）
22．（8分）一壶中装有质量为2.5kg的水，在液化石油气炉上从20℃加热到100℃，在这过程中（壶吸收的热量忽略不计），求：
（1）水共吸收了多少热量？
（2）这些液化石油气完全燃烧共放出多少热量？
（3）炉子的效率？（液化石油气的热值是4.0×107J/kg）
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道水的比热容、水的质量、水的初温和末温，利用公式Q吸＝cm（t﹣t0）计算水吸收的热量；
（2）已知液化石油气的质量和热值，可利用公式Q放＝mq计算这些液化石油气完全燃烧放出的热量；
（3）求出了水吸收的热量和液化石油气完全燃烧放出的热量，利用公式η＝计算炉子的效率。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×2.2kg×（100℃﹣20℃）＝8.4×106J；
（2）液化石油的质量：m气＝50g＝0.05kg，
这些液化石油气完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝0.05kg×2×107J/kg＝2×108J；
（3）炉子的效率：
η＝＝×100%＝42%。
答：
（1）水共吸收了8.4×108J热量；
（2）这些液化石油气完全燃烧共放出2×106J热量；
（3）炉子的效率为42%。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，与生活相连，使学生觉得学了物理有用。
23．（6分）如图甲所示为一个超声波加湿器，它可以对干燥的房间进行加湿，给人们创设舒适的生活环境，定值电阻R0＝20Ω，湿敏电阻R的阻值随湿度（RH）变化的关系图像如图丙所示。求：
（1）当电流表示数为0.2A时，电压表的示数；
（2）当湿度为50%时，电路中电流表的示数。
【答案】（1）当电流表示数为0.2A时，电压表的示数为8V；
（2）当湿度为50%时，电路中电流表的示数为0.15A。
【分析】由图可知：定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）当电流表的示数为0.2A时，利用欧姆定律即可求出此时定值电阻R0两端的电压，根据串联电路电压的规律算出湿敏电阻R两端的电压，即电压表的示数；
（2）由图丙判断出湿度为50%时R的阻值，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律算出电路中电流表的示数。
【解答】解：由图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压；
（1）当电流表的示数为0.6A时，
根据欧姆定律I＝知此时定值电阻R0两端的电压为：
U0＝IR8＝0.2A×20Ω＝2V，
根据串联电路电压的规律知湿敏电阻R两端的电压为：
UR＝U﹣U0＝12V﹣4V＝7V，即电压表的示数为8V；
（2）由图丙知湿度为50%时R的阻值为60Ω，
根据串联电路电阻的规律和欧姆定律知电路中的电流为：
I′＝＝＝2.15A。
答：（1）当电流表示数为0.2A时，电压表的示数为3V；
（2）当湿度为50%时，电路中电流表的示数为0.15A。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。