卷子答案网-一个不只有答案的网站2023-2024学年福建省福州市鼓楼区高二（上）期中物理试卷
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．（4分）下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是（ ）
A．元电荷最早由库仑通过油滴实验测出
B．牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力恒量G
C．法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场
D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律
2．（4分）为经典力学作出最重要贡献的物理学家是（ ）
A．爱因斯坦 B．麦克斯韦 C．法拉第 D．牛顿
3．（4分）下列说法中不正确的是（ ）
A．电子电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的
B．电场线虽然是假想的一簇曲线或直线，但可以用实验方法模拟出来
C．沿电场方向电场强度越来越小
D．电源电动势是表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，与是否接外电路无关
4．（4分）关于电场强度，下列说法正确的是（ ）
A．根据E＝可知，E与F成正比、与q成反比
B．公式E＝的含义为匀强电场的场强E的大小在数值上等于这两点间的电势差与两点沿场强方向的距离之比
C．根据公式E＝可得r→0时，E→∞
D．以上说法都不对
5．（4分）如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（ ）
A． B．
C． D．
6．（4分）关于静电场的说法中正确的是（ ）
A．电场强度大的地方，电势一定也高
B．电场强度处处相同的区域内，电势一定也处处相同
C．电场强度的方向总是与等势面垂直
D．电荷在等势面上移动时不受电场力
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的选项中有多想符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
（多选）7．（4分）如图所示，可视为点电荷的小物块A、B分别带负电和正电，B固定，则A受力个数可能为（ ）
A．A可能受到2个力作用 B．A可能受到3个力作用
C．A可能受到4个力作用 D．A可能受到5个力作用
8．（4分）下列说法正确的是（ ）
A．以牛顿运动定律为基础的经典力学没有存在的价值
B．物理学的发展，使人们认识到经典力学有它的适用范围
C．相对论和量子力学的出现是对经典力学的否定
D．经典力学对处理低速运动的宏观物体具有相当高的正确性
（多选）9．（4分）关于电流，下列说法中正确的是（ ）
A．电流流向总是从高电势流向低电势
B．导体中的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比
C．单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大
D．因为电流有方向，所以电流是矢量
（多选）10．（4分）若用E表示总电动势，U表示外电压，U′表示内电压，r表示内电阻，I表示总电流强度（ ）
A．U′＝IR B．U＝ C．E＝U﹣Ir D．I＝
三、实验题：本题共5小题，共20分。把答案写在答题卡中指定的答题处。
11．（10分）在测量金属丝电阻率的实验中，
（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到 mm，读出图1情况下的测量结果 cm．
（2）已知电压表内阻约3kΩ，电流表内阻约1Ω，若采用图2﹣甲电路测量x的测量值比真实值 （填“偏大”或“偏小”）．若Rx约为10Ω应采用 （选“甲”或“乙”）的电路，误差会比较小．
（3）某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为 A，电压表示数为 V．
12．（10分）某同学欲测一个未知电阻的阻值，可供选择的仪器有：电流表A，量程有10mA和0.6A两种，量程有3V和15V两种；电源电压为4.5V．该同学先按如图接好电路1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，电流表的指针偏转到满偏的
（1）所选电压表的量程为 ；
（2）所选电流表的量程为 ；
（3）为减小系统误差，S2应接到 （填“a”或“b”）被测电阻的测量值Rx＝ ．
13．（10分）在图示的电路中，电源的内电阻r＝0.6Ω．电阻R1＝4Ω，R3＝6Ω，闭合开关后电源消耗的总功率为40W，输出功率为37.6W．求：
（1）电源电动势E；
（2）电阻R2的阻值．
14．（10分）匀强电场的场强E＝5×104V/m，要使一个带电为3×10﹣15C的正点电荷（不计重力）沿着与场强方向成60°角的方向做直线运动，求所施加外力的最小值和方向如何？
15．（10分）如图所示，R3＝6Ω，电源内阻r为1Ω，当S合上且R2为2Ω时，规格为“4V，4W”的灯泡正常发光
（1）通过电灯的电流I灯和电源电动势E
（2）S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到多少欧？
参考答案与试题解析
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．
【解答】解：A、元电荷最早由密里根通过油滴实验测出；
B、卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力恒量G；
C、法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场；
D、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律；
故选：C。
【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．
2．【分析】解答本题应抓住：爱因斯坦提出了光子说与相对论；法拉第利用假设思想方法引入了“场”的概念；通过逻辑推理，伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物与轻物下落一样快；麦克斯韦提出了电磁场理论，并预言了电磁波的存在；牛顿发现了牛顿三个定律以及万有引力定律，为经典力学作出最重要贡献．
【解答】解：A、爱因斯坦提出了光子说与相对论。
B、麦克斯韦提出了电磁场理论；故B错误。
C、在研究电磁现象时。故C错误。
D、英国科学家牛顿发现了牛顿三个定律以及万有引力定律。故D正确。
故选：D。
【点评】熟练掌握物理常识和物理学史是解决此类题目的关键．
3．【分析】利用电场线是人们为形象描述电场而假象的，实际不存在，其疏密程度判断电场的强弱．电源的电动势由电源本身决定，与外电路结构无关．
【解答】解：A、电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立根用实验测得的；
B、电场线是人们为形象描述电场而假象的，但可以用实验方法模拟出来；
C、沿电场线的方向电势降低，故C错误；
D、电源电动势表征电源把其它形式的能化为电能本领的物理量，故D正确。
本题选错误的
故选：C。
【点评】记住电场线的特点，明确电场强度与电势无关，知道电荷量e的数值最早是由美国物理学家密立测出的，难度不大，属于基础题．
4．【分析】电场强度的定义式E＝适用于任何电荷产生的电场．电场强度跟放入的试探电荷的电量无关，与试探电荷所受的电场力、与试探电荷的电量无关．公式E＝中d是两点沿场强方向的距离．公式E＝只适用于点电荷．
【解答】解：
A、电场强度的定义式E＝，适用于任何电荷产生的电场、其电量q无关。故A错误。
B、公式E＝。则知公式E＝。故B正确。
CD、公式E＝，当r→0时，该公式不再成立。故C。
故选：B。
【点评】电场强度是表示电场本身强弱和方向的物理量，由电场本身决定，与试探电荷所受的电场力、与试探电荷的电量无关．
5．【分析】电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均相同时，场强才相同。
【解答】解：A、在负点电荷产生的电场中。A、B两点的场强大小相等，故A错误。
B、正点电荷产生的电场中，大小不同。
C、两平行板间的电场是匀强电场，故C正确。
D、AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同、B两点的场强大小和方向都不同。
故选：C。
【点评】矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化。
6．【分析】场强与电势没有直接关系．场强越大的地方电势不一定越高，场强为零的地方电势不一定为零，电场强度的方向总是与等势面垂直．电势为零是人为选取的．
【解答】解：A、沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场强度大。电势高的地方电场强度不一定大，电势不一定高。
B，场强处处相等，所以场强大小相同的点电势不一定相同。
C。故C正确。
D，只是电场力不做功。
故选：C。
【点评】对于电势与场强的大小关系：两者没有关系，可根据电势高低看电场线的方向，场强大小看电场线疏密来理解．
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的选项中有多想符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
7．【分析】对A物块进行受力分析，同时结合平衡条件进行分析．
【解答】解：首先物块受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，所以A球可能受到2个力的作用；
若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，若要合力为0处于平衡状态必须还要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，C正确。
故选：AC。
【点评】本题借助库仑力考查了物体受力平衡的条件应用，属于基础题．
8．【分析】经典力学适用于宏观低速物体，不能适用于微观高速物体；相对论和量子力学更加深入地研究运动规律，但并没有否认经典力学的意义．
【解答】解：A、牛顿运动定律能够解决宏观物体的低速运动问题、生活及科技方面起着重要作用，但误差极其微小；故经典力学仍可在一定范围内适用。
虽然相对论和量子力学更加深入科学地认识自然规律，它是科学的进步，故选项B正确；
D、经典力学不能用于处理高速运行的物体；故D正确；
故选：BD。
【点评】相对论和量子力学的推出并不意味着经典力学的全盘否定，只是它应在一定条件下使用．
9．【分析】解答本题应抓住：在电源的外电路中，电流流向总是从高电势流向低电势；
导体中的电流跟导体两端电压成正比，跟导体的电阻成反比；
电流的定义式I＝；
电流运算时遵守代数加减法则，故电流是标量．
【解答】解：A、在电源的外电路中，而电源的内电路中。故A错误。
B、根据欧姆定律得知：导体中的电流跟导体两端电压成正比；故B正确。
C、由电流的定义式I＝知，导体中的电流越大。
D、电流的方向表示电荷正电荷定向移动的方向，故电流是标量。
故选：BC。
【点评】本题考查电路中基本知识，欧姆定律、电流的定义式等等都是电路中必须掌握的基础知识．
10．【分析】内电压与内电阻的关系遵守部分电路欧姆定律．路端电压和内电压的关系遵守闭合电路欧姆定律；根据闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律进行分析和计算．
【解答】解：A、已知总电流为I，则据部分电路欧姆定律得：U′＝Ir。
B、根据闭合电路欧姆定律得：I＝
由部分电路欧姆定律得：U＝IR＝，故B正确。
C、根据闭合电路欧姆定律得：E＝U+U′＝U+Ir。
D、根据闭合电路欧姆定律得：I＝。
故选：BD。
【点评】解决本题关键掌握闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律．知道闭合电路欧姆定律常见的形式有：E＝U+Ur，E＝U+Ir，I＝，能针对不同条件列出不同表达形式．
三、实验题：本题共5小题，共20分。把答案写在答题卡中指定的答题处。
11．【分析】（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．
（2）根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后选择实验电路图．
（3）根据电表的量程和分度值读出两电表的示数．
【解答】解：（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到0.01mm，固定刻度示数为4.8mm，螺旋测微器的示数为4.5mm+5.262mm＝4.762mm．
（2）由题意可知，电压表内阻约为3kΩ，若采用图3﹣甲电路测量，电流表偏大x的测量值比真实值偏小，若所测电阻偏小，应选图甲所示电路图．
（3）由图可知，电流表的量程为0～3A；
电压表的量程为7～15V，分度值为0.5V．
故答案为：2.01，4.762，甲；（3）0.70
【点评】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读．对于电流表和电压表的读数，认清量程和分度值是关键，是一道基础题目．
12．【分析】（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V挡位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低挡位；
（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选10mA挡；
（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．
【解答】解：（1）电源电动势为4.5V，如果选择15V挡位，超过电源的电动势；
故答案为：3．
（2）电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，与伏特表相接近，至少几千欧姆，故电流只有几个毫安；
故答案为：10．
（3）闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处，电压表读数为2.3V；
再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变处，故电压表读数为2.4V；
故待测电阻两端电压为3.4V，电流为7.2mA；
故答案为：（1）3 V；（2）10 ；（3）b
【点评】本题关键要明确两种接法电表读数改变的原因，然后根据实际情况，结合欧姆定律和电路的串并联知识进行分析处理．
13．【分析】（1）用电源的总功率减去输出功率即为电源内电阻上消耗的热功率；根据电源的热功率的公式P＝I2r可以求得电路的总电流的大小；根据总功率P总＝EI，可以求得电源的电动势的大小；
（2）先求出并联部分的电阻的大小，再根据闭合电路欧姆定律可以求得R3的电阻．
【解答】解：（1）电源内电路发热功率：
Pr＝I2r＝（40﹣37.6）W＝4.4W
则电路电流强度I＝＝＝4A
电源总功率：P＝IE＝40W
解得E＝＝20V
（2）外电路总电阻R满足：E＝IR+Ir，得R＝9.7Ω
R＝R13+R2
其中：R13＝＝＝2.4Ω
解得R3＝7Ω．
答：（1）电源电动势E为20V；
（2）电阻R2的阻值为3Ω．
【点评】本题就是对电阻的串并联和闭合电路欧姆定律的考查，题目比较简单，在计算的时候注意电源的总功率的求法即可．
14．【分析】电荷做匀速直线运动，处于平衡状态，根据平衡条件求外力F的大小和方向。
【解答】解：F电＝qE
为使物体做直线运动，需将垂直运动方向上的力平衡1：
F＝F电sin60°＝qE sin60°＝3×10﹣15×8×104×＝1.3×10﹣10N
方向：垂直运动方向与电场方向成150°
答：所施加外力的最小值为4.3×10﹣10N和方向垂直运动方向与电场方向成150°
【点评】本题是电荷在电场中平衡问题，按力学平衡问题的解题步骤进行研究。基本题。
15．【分析】（1）当S合上时，电阻R2与灯泡串联后与电阻R3并联，根据灯泡正常发光求出通过灯泡和R2的电流，根据欧姆定律求出并联部分电压，再求出通过R3的电流，从而求出干路电流，再根据闭合电路欧姆定律求解电动势．
（2）先求出灯泡电阻，S断开时，灯泡正常发光，电流为I灯，电阻R2与灯泡串联，根据欧姆定律求出R2的阻值．
【解答】解：（1）灯泡正常发光，则通过电灯的电流I灯＝，
R2的电压U2＝ILR2＝1×2＝5V，
则并联部分的电压U＝UL+U2＝4+8＝6V，
所以通过R3的电流，
则干路电流I＝I灯+I3＝4+1＝2A，
根据闭合电路欧姆定律得：E＝U+Ir＝3+2×1＝7V
（2）灯泡的电阻，
S断开时，灯泡正常发光灯＝1A，
根据闭合电路欧姆定律得：E＝IL（RL+R2′+r）＝8V
解得：R2′＝3Ω
答：
（1）通过电灯的电流I灯为4A，电源电动势E为8V；
（2）S断开时，为使灯泡正常发光，R2的阻值应调到8欧．
【点评】从本题看出，对于电路问题，首先要搞清电路的连接方式，其次要清楚串并联电路的特点，知道串联电路电流相等，并联电路电压相等，难度适中．
转载请注明出处卷子答案网-一个不只有答案的网站 » 2023-2024福建省福州市鼓楼区高二（上）期中物理试卷（含解析）