卷子答案网-一个不只有答案的网站贵港市 2024届普通高中毕业班 12月模拟考试
物理参考答案
1.【答案】D
2
【详解】A.这群氢原子自发跃迁时能发出光子频率的种类为C5 10种不同频率的光。A错。
B. 射线为重核衰变或裂变时才会放出，氢原子跃迁无法辐射 射线，故 B错误。
C.这群氢原子中从 n = 5能级跃迁 n = 1能级时辐射出的能量为 13.06eV，不在可见光光子能量范围之内，C错误；
D.这群氢原子从 n = 5能级跃迁 n = 2能级辐射出的能量是 2.86eV，
从 n = 4能级跃迁 n = 2能级时辐射出的能量为 2.55eV，从 n = 3能级跃迁 n = 2能级辐射出的能量是 1.89eV，这三个
属于可见光，其他的不属于。D正确。
2.【答案】C
【详解】由图可知，单色光Ⅰ的入射角比单色光Ⅱ的大，折射角相同，根据 n=sinr/sinβ则玻璃砖对单色Ⅰ光的折射率
1
比单色Ⅱ光的大，A错误，根据 sinC n折射率大的临界角小，更易发生全反射，单色光Ⅰ更容易发生全反射，B错
c
误。折射率大的频率大，由 c=λf知波长短，根据做双缝干涉实验时条纹间距小，由 v n 知，折射率大的速度小，单
色光Ⅰ由 O到 P用时较长，C正确，D错误。
3.【答案】B
【详解】P点M点不在同一轨道，且M点在低轨道的椭圆轨道近地点，所以对应的 v1 和 v3速率不相等，A错误；
v1和 v3不在同一轨道运行，速率不相等，A错误；v1在近地点，v2在远地点，v1速度大，B正确；N点点火前后的加速
度都是由该处的万有引力产生，所以加速度大小一样，C和 D都错误。
4.【答案】A
【详解】CD.由题意知，滑块沿斜面下滑的过程中，根据牛顿第二定律可得加速度保持不变，物块做匀减速运动，
所以速度—时间图像应该是一条倾斜的直线，加速度—时间图像应该是一条平行于时间轴的直线，CD错误；
1
A 2.根据匀变速运动的规律 s= v0t- at2
可知，位移与时间的关系图像的斜率应逐渐变小，是一条开口向下的抛物线的左半部分，A正确；
1
B 2.下降的高度 h ssin v0 t sin at sin 2
下降高度与时间的关系图像也应该是一条开口向下的抛物线的左半部分，B错误。
故选 A。
5.【答案】B
【详解】A.由波形图可知，10m处的质点向上振动，质点的起振方向沿 y轴正方向，故 A错误；
10
B.由波形图可知， t 1s内，传播的距离为10m，则该列波的传播速度为 v m / s 10m / s，故 B正确；
1
T 8周期为 s 0.8s
v 10
2 2
C.则O点的简谐振动方程为 y Asin t 2sin t(cm) 2sin 2.5 t(cm)，故 C错误；
T 0.8
D. x 轴上 4m 处质点开始振动 的时刻为 t 0.6s ，则在 0 ~1s 时间内， x 轴上 6m 处质点振动的时 间为
t 1s 0.6s 0.4s 1 T
2
s 1则通过的路程为 4A 2A 4cm ，故 D错误。故选 B。
2
6．【答案】D
【详解】运动员从跳台水平飞出，做平抛运动，设运动员初速度大小为 v0，斜面的倾
角为 ，运动员从开始运动到坡底所用的时间为 t，已知 0时运动员离斜坡面最远，此
gt 10 gt 2
时运动员速度的方向与斜面平行，则有 tan v ， 20 tan v0t
解得 t=2t0=3s
v x 20m/s tan 30 ， t 4
故 AB错误；
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从 a处运动到 b处过程中
p mgt
解得
p
mg
t
C错误；
D.将运动按沿斜面方向和垂直斜面方向分解，如图所示运动员做匀变速运动，当沿 y方向的分速度减为 0时，运动员
离坡面最远，最远距离为 9m。D正确。
7.【答案】C
pV
【详解】A.根据理想气体状态方程 C
T
p V
对 a c c、c两状态结合图像，可求得气体在 c状态时的温度为Tc Ta 400KpaVa
故 A错误；
理想气体在 a→b→c过程中，气体体积增大，则气体对外界做功，外界对气体做的功
W p V 2 105 (4 2) 10 3J 400J
故 B错误；
C.气体在 a→b→c→a过程中，则外界对气体做的功 100J，根据热力学第一定律可知放出热量 100J，故 C正确；
D.气体在 b→c过程中，气体压强不变，体积变大，则温度升高，分子平均动能增大，则单位时间内撞击单位面积器壁
上的气体分子个数变少，故 D错误。
8.【答案】BD
【详解】A.输入电压U变小，则有副线圈输出电压 U2变小，副线圈的总电流变小，指示灯L的电流变小，亮度减小，
A错误；
B.输入电压U变大，则有副线圈输出电压 U2变大，副线圈的总电流变大，指示灯L的电流变大，亮度增加，B正确；
C.电阻 R变大，副线圈的总电流减小，指示灯L的电流减小，亮度减小，C错误。
D.电饭锅变为保温状态，副线圈的输出功率减小，副线圈的总电流减小，线路电阻 R两端电压减小，副线圈输出电压
不变，则有指示灯L两端电压增大，电流增大，亮度增加，D正确；故选 BD。
9.【答案】AD
【详解】A.由几何关系可以得到 P、A间的距离为 l 3R，由库仑力的合成可以得到点电荷 P所受的库仑力大小为
2 2
F库 3cos k
q 3kq
2 ，解得 F ，故 A正确；l 库 2R2
B.三个点电荷 A、B、C在O 点的场强为零，点电荷 P在O 点的场强不为零，故O 的场强不为零，B错误。
C.在沿着球面直径 PM由O M方向的电场强度的方向向下，电场力对正的点电荷做正功，故电势能减小，故 C错误。
kq 3kq
D.由几何关系知，AO边线与OM的夹角 60 ，则 A、B、C三个点电荷在 O处产生的场强大小为 E 3cos
R2
2R2
，
方向向上，
点电荷 P在 O处产生的场强大小为 E
kq
2 ，方向向下，R
kq
所以 O点处的合场强为 E0 E E 2 ，方向向上，故 D正确；故选 AD。2R
10.【答案】AC
【详解】A.设小滑块质量为 m，小滑块与长木板之间的动摩擦数为 ，当小滑块与长木板发生相对滑动时，对小滑
块由牛顿第二定律有 = ，得 = ，由（b）图可得 = 0.6，A选项正确；
BC.从图(b）知，当拉力为 F0时，小滑块与长木板恰好发生相对滑动，此时两物体具有共同加速度 2m/s2，对长木板分
析，由牛顿第二定律有 0( + ) = ，得 = 2kg；对小滑块，有 0 = ，得 0 =16N，C选项正
确；因为 = 12 > 0( + ) = 8 ，所以小滑块和长木板相对地面同时发生相对滑动，B选项错误；
D.由于 = 12N < 0 = 16N，所以此时长木板的加速度未达到 2m/s2，D选项错误。
2 d
11 m(h h ).【答案】（1）B （2）mghB C A2 （3）C （4） 2g 每空 1分，共 6分8T t
【详解】（1）打点计时器应接交流电源，操作时应用手提住纸带的上端，让重物尽量靠近打点计时器。
故选 B。
（2）从打O点到打 B点的过程中，重物的重力势能变化量：ΔEp mghB
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v hC h打 B点的速度为 AB 2T
2
动能变化量ΔE 1 mv 2 m(h C hA)k 2 B 8T 2
（3）正常情况下实验中，由于系统误差，各种阻力导致机械能有损失，那么重力势能的减小量总略大于动能的增加量，
而此验恰相反，则是操作错误引起的，可能是物体具有初速度，即先放手后接通电源。
故选 C。
d
（4）根据光电门的测速原理，小球的直径为 d，小球通过光电门的速度 v与时间 t的关系为 v
t
根据位移与速度的关系式有 v2=2gx
结合图像，可知，图乙中直线的斜率 k 2g
12.【答案】（1）C（1分），F（1分） （2） （2分）
（3）高（1分） （4）0.93（2分），2.56（2分）
【详解】
（1）由于变阻器要采用分压式接法，滑动变阻器应选 C；
由于电压表的量程较小，需串联定值电阻扩大量程，故定值电阻应选 F；
（2）实验电路如图所示
（3）因为采用电流表外接法，由于电压表的分流，使电流表示数偏大，则测量值的 I-U图线中电流应偏大，故图线偏
高；
（4）假设通过灯泡的电流为 I，灯泡两端的电压为 U，通过滑动变阻器的电流为 2I，当滑动变阻器 R的功率是小灯泡
的两倍时，滑动变阻器两端的电压也为 U，由闭合电路欧姆定律可得 E=2U+2Ir，代入数据整理得 U=3-2I，把该函数
关系画在图 a中，如图所示：
与小灯泡伏安特性曲线的交点即为电路工作点，该点横、纵坐标值的乘积等于小灯泡的实际功率，可得 P=UI=2.18×
U
0.426W=0.93W，此时滑动变阻器接入电路的电阻为 R 2.56Ω。
2I
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13.（10分）解：（1）粒子第一次偏转经过 A点，其运动轨迹如图所示。
由图可知 Rsin45°=L ① （1分）
R 2得 L ② （1分）
2
mv2
粒子在磁场中做匀速圆周运动，有 qvB ③ （1分）
R
v 2qBL∴ 2m ④ （1分）
1 2
在加速电场，有 qU mv2 ⑤ （1分）
qB2L2
得 U 4m ⑥ （1分）
（2）粒子的运动轨迹如图，由图可知弦 PA对应圆心角为 90°，弦 AQ
对应圆心角为 270°，弦 QD对应圆心角为 270°。
2 R 2 m
粒子磁场中做匀速圆周运动，其周期 T ⑦（1分）
v qB
得 t 90 270 270 T 7T 7 m ⑧ （3分）
360 4 2qB
14.解：（1）小物块在曲面上升到最大高度 h时，两者具有共同的速度 v 共。
mv0 (m M )v共 ① （2分）
得 v ② （1分）共 3m/s
又 mgh 1 mv2 1 (M m)v2 ③ （2分）
2 0 2 共
得 h=2.7m ④ （1分）
（2）从最初到小物块再次回到 B点，有
mv0 mv1 Mv2 ⑤ （1分）
1 mv2 1 1 mv2 2
2 0 2 1
Mv
2 2 ⑥ （1分）
以上两式，得
v1 3m/s， v2 6m/s ⑦ （2分）
即小物块速度大小为 3m/s，曲面的速度大小为 6m/s。
（3）方法一：小物块向左运动直至将弹簧压缩到最短过程，有
f l W 1 mg mg 弹 0 mv
2 其中结合图 f 1 2 ⑧ （2分）
2 2
得 W弹 0.5J ⑨
根据功能关系，可知弹簧的最大弹性势能 EPmax 0.5J ⑩ （1分）
方法二：由 f= mg和 -x图像可得 f-x图像如图所示
图像和横轴围成的面积对应的物理意义是该过程克服摩擦力所做的功。由图知
W f S面积 4J （1分）
小物块向左运动直至将弹簧压缩到最短过程，有
W 1 2f W弹 0 mv （1分）2
得 W弹 0.5J ⑨
根据功能关系，可知弹簧的最大弹性势能 EPmax 0.5J （1分）
15.解：（1）导体棒的速度最大时有
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BLvm=I·(R+r) （2分）
BLI=Mg （1分）
解得 vm=3m/s （1分）
（2）导体棒从开始运动到刚达到最大速度的过程中，分别对重物和导体棒组成的系统用应用平均动量定理
Mgt BILt (M m)vm （2分）
q It BLd又 （1分）
R r
解得 d=3.6m （1分）
（3）从导体棒开始运动到刚达到最大速度时，由能量守恒
Mgd 1 (M m)v2m Q （1分）2
解得 Q=0.9J （1分）
R 2
电阻 R中产生的热量 QR Q Q 0.6J （1分）R r 3
（4）设稳定时导体棒的速度为 v，则电容器两端电压
U BLv （1分）
电容所带的电荷量为
q CU （1分）
对导体棒由平均动量定理有
BI L Δt mv mvm （1分）
通过导体棒的电荷量
q I Δt （1分）
解得 ' = 0.75 （1分）
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物理
注意事项：
(考试时间：75分钟满分：100分)
1,本试卷分选择题和非选择题两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、学校、班级、准考证
号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、
选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每
题4分；8-10题有多项符合题目要求，每题6分，全部选对得6分，选对但不全的得3分，
有选错的得0分，选择题合计46分。
1.城市夜景因绽放的霓虹灯变得多姿多彩。霓虹灯发光原理是不同气体原子从高能级向低能级跃迁
时发出能量各异的光子而呈现五颜六色，如图为氢原子的能级示意图，己知可见光光子能量范围
为1.63-3.10eV,若一群氢原子处于n=5能级，则下列说法正确的是（
E/eV
03经
083
-1.51
3.40
--13.6
A.这群氢原子自发跃迁时能辐射出4种不同频率的光
B.这群氢原子从高能级向低能级跃迁时可能辐射出Y射线
C.氢原子从=5能级向1能级跃迁过程中发出的光为可见光
D.这群氢原子自发跃迁时能辐射出3种不同频率的可见光
2.如图所示，单色光I和Ⅱ从半圆形玻璃砖的圆心O入射时，均从玻璃砖圆面上的同一位置P离
开玻璃砖，单色光I与单色光Ⅱ相比(
10
A.在同种玻璃中单色光I的折射率较小
B.若光束从水中射向空气，则单色光I比单色光Ⅱ更难发生全反射
C.单色光I在玻璃砖从O到P用时较长
D.用单射光I和单色光Ⅱ在同一装置做双缝干涉实验，用单射光【做条纹间距较大
3.2023年10月26日，神舟十七号载人飞船成功发射，精准进入预定轨道之后与天宫空间站天和
核心舱成功对接。发射神舟十七号飞船时，先将飞船发送到一个椭圆轨道上，其近地点M距地
面约200km,远地点W距地面约363km。飞船在椭圆轨道正常运行时，通过M、N点时的速率
分别是、2。当某次飞船通过N点时，地面指挥部发出指令，点燃飞船上的发动机，使飞船在
短时间内加速后进入离地面363km的圆形轨道，开始绕地球做匀速圆周运动，这时飞船的速率
为3。比较飞船在M、N、P三点正常运行时（不包括点火加速阶段）的速率大小，以及在椭圆
轨道正常运行经过N点（不包括点火加速阶段）的加速度大小a和在圆形轨道经过N点时加速
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